abc078d <博弈>
1.abc306e <mutiset的使用>2.abc053d <简单贪心>3.abc042d <组合数>4.abc043d5.abc045d6.abc044d <根号分治>7.abc046d8.abc047d9.abc048d <博弈>10.abc049d <并查集>11.abc050d <???>12.abc051 <多源最短路>13.abc052d14.abc054d <dp, 背包>15.abc055d <枚举>16.abc056d <贪心 / 二分+DP+bitset>17.abc057d <贪心+组合计数>18.abc058d <公式化简>19.abc059d <博弈, 打表找规律>20.abc060d <dp, 背包>21.abc061d <单源最短路, spfa, 判断负环>22.abc062d <优先队列>23.abc063d <二分答案>24.abc064d <贪心/前缀和>25.abc309f <线段树 + 离散化 + 双指针>26.abc309e <dfs>27.abc065d <贪心+最小生成树> [lambda表达式]28.abc066d <组合>29.abc067d <博弈 + dfs>30.abc068d <思维 + 构造>31.abc069d <构造>32.abc070d <简单树上dfs>33.abc071d <递推>34.abc072d <贪心>35.abc073d <Floyed + 枚举排列>36.abc074d <Floyed 消除传递边>37.abc075d <暴力枚举 / 枚举+离散化+二维前缀和>38.abc076d <dp / 贪心>39.abc077d <思维 + 最短路 (将构造数字过程视为最短路)>
40.abc078d <博弈>
41.abc079d <Floyed>42.abc080d <区间重叠>43.abc081d <思维 构造>44.abc082d <bitset 状压dp>45.abc083d <思维 贪心>46.abc084d <素数筛 前缀和>47.abc085d <贪心>48.abc086d <二维前缀和 同余>49.abc087d <并查集 维护距离信息>50.abc088 <bfs 最短路>51.abc089 <前缀和>52.abc310d <dfs暴搜-分组方案数 / bitmask表示集合+dp>53.abc310e <公式递推(dp?)>54.abc310f <dp + bitmask>55.abc090d <枚举计数>56.abc312c <二分答案>57.abc312d <dp, 括号匹配方案数>58.abc312e <暴力>59.abc320f <dp >60.abc092d<构造，思维>61.abc094d<组合数>62.abc095d<思维>63.abc096d<素数筛，整除>64.abc097d<并查集，排列>65.abc098d<双指针，异或>66.abc099d<dfs，枚举排列方案>67.abc100d<枚举>68.abc101d<打表，数学>// https://atcoder.jp/contests/abc078/tasks/arc085_b
// <博弈>
// 思路:
// 首先注意到两点:
// 1. a[n] 一定会是游戏结束时某个人的数字
// 2. 对于先手, 他可以直接导致两种确定的游戏结果
// 1. a[n], w (先手选择 a[n], 游戏结束)
// 2. a[n-1], a[n] (先手选择a[n-1], 后手只能选择a[n], 游戏结束)
// 因而先手可选择这两种游戏结果中的较优者
// 而后需要考虑, 先手是否可能选择 a[1~n-2] ? (因为这样的选择, 游戏结果并不会完全受先手者控制)
// 即, 思考先手选择 a[1~n-2], 是否会得到比上述的两种确定的游戏结果更优的结果 ?
// 换位思考, 如果先手A确实选择了a[1~n-2]中一个数(比如a[i]), 那么后手B的最优策略是如何行动 ?
// 因为AB两人完全利益冲突, 如果B的选择中存在会导致游戏结果值比 abs(a[n-1] - a[n]) 更大的数(对A有利)
// 那么此时B一定会选择拿走a[n-1], 使得A不得不选择a[n], 此时游戏结果不会比 abs(a[n-1] - a[n])更大,
// 因此, A尽可能选择最开始提到的两种确定的游戏结果中的较优者(本游戏结果仅与a[n-1] a[n] z w 四个数有关)
// 总结:
// 1. 当下可确定达到的最优情况
// 2. 换位思考
// 3. 递归思考 思考当前情况的先后手, 而不是具体的AB人
#include <iostream>
#include <algorithm>
#include <vector>
#include <cstring>
using namespace std;
using LL = long long;
const int N = 2010;
int a[N];
void solv()
{
int n, z, w;
cin >> n >> z >> w;
for (int i = 1; i <= n; i ++) cin >> a[i];
int ans = abs(a[n] - w);
if (n > 1) ans = max(ans, abs(a[n-1] - a[n]));
cout << ans << endl;
}
int main()
{
ios::sync_with_stdio(false); cin.tie(0); cout.tie(0);
int T = 1;
// cin >> T;
while (T --)
{
solv();
}
return 0;
}
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