贪心算法

//区间选点
//数轴上有 n 个闭区间 [a_i, b_i]。取尽量少的点，使得每个区间内都至少有一个点（不同区间内含的点可以是同一个）
//
//Input
//第一行1个整数N（N<=100）
//第2~N+1行，每行两个整数a,b（a,b<=100）
// INPUT :2
//1 5
//4 6
//OUT PUT:1
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N=100010;
int n;
struct range
{
    int l,r;
    bool operator<(const range &w)const
    {
        return r<w.r;
    }
}ran[N];
int main()
{
    cin>>n;
    for(int i=0;i<n;i++)
    {
        int l,r;
        cin>>l>>r;
        ran[i]={l,r};
    }
    sort(ran,ran+n);
    int res=0,ed=-2e9;
    for(int i=0;i<n;i++)
        if(ed<ran[i].l)
    {
        res++;
        ed=ran[i].r;
    }
    cout<<res;
    return 0;
}
//区间数组(使用小根堆)
//给定N个闭区间[ai,bi]，请你将这些区间分成若干组，使得每组内部的区间两两之间（包括端点）没有交集，并使得组数尽可能小。
//输出最小组数。
//输入格式
//第一行包含整数N，表示区间数。
//接下来N行，每行包含两个整数ai,biai,bi，表示一个区间的两个端点。
//输出格式
//输出一个整数，表示最小组数。
//数据范围
//1≤N≤105
//−109 ≤ ai ≤ bi ≤ 109
//输入样例：
//3
//-1 1
//2 4
//3 5
//输出样例：
//2
#include <iostream>
#include <algorithm>
#include <queue>

using namespace std;

const int N = 100010;

int n;
struct Range
{
    int l, r;
    // 重载<，按左端点排序
    bool operator< (const Range &W)const
    {
        return l < W.l;
    }
}range[N];

int main()
{
    scanf("%d", &n);
    for (int i = 0; i < n; i ++ )
        scanf("%d%d", &range[i].l, &range[i].r);

    sort(range, range + n);

    // 用小根堆维护所有组的右端点的最大值
    // 堆中的每一个值存的是每个组的右端点的最大值
    priority_queue<int, vector<int>, greater<int>> heap;
    for (int i = 0; i < n; i ++ )
    {
        // 如果堆为空或者堆的最小右端点 >= 现在区间的左端点，则说明有交集，不能合并，需要新开一个堆
        if (heap.empty() || heap.top() >= range[i].l) heap.push(range[i].r);
        // 否则说明至少与最小的右端点的组没有交集，将它放到右端点最小的组里去
        else
        {
            heap.pop(); // 弹出这个区间的最小右端点，插入当前区间的右端点，即将其更新了
            heap.push(range[i].r);
        }
    }
    // 输出组的数量
    printf("%d\n", heap.size());

    return 0;
}
//合并果子
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int main()
{
    int n;
    cin>>n;
    priority_queue<int,vector<int>,greater<int> >heap;//构建小根堆
    for(int i=0;i<n;i++)
    {
        int x;
        cin>>x;
        heap.push(x);//将输入的果子数放入到小根堆中,此时最小的果子数会自动排序到上面
    }
    int res=0;
    while(heap.size()>1)//当堆中的节点数>1时
    {
        int a=heap.top();heap.pop();//取第一个最小的数,然后删除
        int b=heap.top();heap.pop();//同理
        res+=a+b;//二者相加
        heap.push(a+b);//将加完之后的结果存放在小根堆中
    }
    cout<<res<<endl;
}
//现在各大 oj 上有 n 个比赛，每个比赛的开始、结束的时间点是知道的。
//yyy 认为，参加越多的比赛，noip 就能考的越好（假的）。
//所以，他想知道他最多能参加几个比赛。
//由于 yyy 是蒟蒻，如果要参加一个比赛必须善始善终，而且不能同时参加2 个及以上的比赛。
//输入格式
//第一行是一个整数n ，接下来 n 行每行是2 个整数,表示比赛开始、结束的时间。
//
//输出格式
//一个整数最多参加的比赛数目。
//
//输入输出样例
//输入
//3
//0 2
//2 4
//1 3
//输出
//2
#include<bits/stdc++.h>
#define N 1000005
using namespace std;
struct range
{
    int l,r;
    bool operator<(const range &m)const
    {
        return r<m.r;
    }
}ran[N];
int main()
{
    int n;
    cin>>n;
    for(int i=0;i<n;i++)
    {
        int l,r;
        cin>>l>>r;
        ran[i]={l,r};
    }
    sort(ran,ran+n);
    int st=ran[0].l,ed=ran[0].r,res=1;
    for(int i=0;i<n;i++)
    {
            if(ran[i].l>=ed)
            {
                ed=ran[i].r;
                res++;
            }
    }
    cout<<res;
    return 0;
}
//建立雷达
//http://bailian.openjudge.cn/practice/1328
///本质还是贪心的区间选点,一开始的思路错了,写了一个小时的代码还是不会做
///去看题解发现,可以把每个点都变成一个圆,然后在x轴上取交点
///那么我们是不是可以这样想
///因为每一个点都需要被覆盖，所以我们需要让每一个点扩充成一个半径是/雷达可以覆盖的半径/的圆
///然后再把每一个圆与x轴的交点坐标算出来
///这样我们就成功的把这道题转换成了线段覆盖的问题
///再把产生的数据按照末尾的结束顺序排序，再在每一个没有访问过的节点的末尾放置一个雷达即可
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
struct node
{
    double l,r;
}a[1005];
int n,r,num;
int cmp(node a, node b)
{
    if(a.r==b.r) return a.l<b.l;
    return a.r<b.r;
}
int main()
{
    while(cin>>n>>r)
    {
        if(n+r==0) break;
        int x,y;
        int f = 0;
        for(int i=1;i<=n;i++)
        {
            cin >>x>>y;
            if(y>r) f = 1;
            double d = sqrt(r*r-y*y);///规划成区间
            a[i].l=x-d;a[i].r=x+d;
        }
        if(f)
        {
            printf("Case %d:-1\n",++num);
            continue;
        }
        sort(a+1,a+n+1,cmp);
        double last=a[1].r;
        int cnt=1;
        for(int i=2;i<=n;i++)
        {
            if(a[i].l>last)
            {
                cnt++;
                last=a[i].r;
            }
        }
        printf("Case %d:%d\n",++num,cnt);
    }
    return 0;
}
//田忌赛马
//https://blog.csdn.net/weiainibuqi/article/details/106602305?ops_request_misc=&request_id=&biz_id=102&utm_term=%E7%94%B0%E5%BF%8C%E8%B5%9B%E9%A9%AC&utm_medium=distribute.pc_search_result.none-task-blog-2~all~sobaiduweb~default-3-106602305.142^v86^control,239^v2^insert_chatgpt&spm=1018.2226.3001.4187
///使用磨墨战
///从大到小排序
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N=100010;
int n;
bool cmp(int a,int b)
{
    return a>b;
}
int main()
{
    while(cin>>n&&n!=0)
    {
        int a[n+1],b[n+1];
        int a1=1,b1=1,a2=n,b2=n,res=0;
        for(int i=1;i<=n;i++)
            cin>>a[i];
        for(int i=1;i<=n;i++)
            cin>>b[i];
        sort(a+1,a+1+n,cmp);
        sort(b+1,b+1+n,cmp);
        for(int i=1;i<=n;i++)
        {
            if(a[a1]>b[b1])///先对比上等马,如果田忌最快的马比王的还快,那就要拿下200;
            {
                res+=200;
                a1++,b1++;
            }
           else if(a[a2]>b[b2])///如果没他快,再对比最慢的马
            {
                res+=200;
                a2--,b2--;
            }
           else if(a[a2]<b[b1])///如果两个都拿不下,咱只能用下等马对上等马来干他
            ///这里有可能出现两者相等,此时王是最快的马,如果王最快的马等于田忌最慢的马,再和第二个if对比,那就是王就一个马了,不用做文章;
           {
               res-=200;
               a2--;
               b1++;
           }
        }
        cout<<res<<endl;
    }
    return 0;
}
//小明准备去钓鱼，他准备在一个有 $n$ 个湖的地方钓 $h$ 小时，小明只能按顺序从第 1 个湖 开始，依次在各个湖钓鱼，但是在每个湖的钓鱼时间是由小明自己决定的。
//从第 $i$ 个湖走到第 $i+1$ 个湖的时间是 $t_i$ 个 $5$ 分钟。例如 $t_3 = 4,$ 表明从第 $3$ 个湖走到第 $4$ 个湖需要 $20$ 分钟。
//对于每个湖 $i$ ，在初始的 $5$ 分钟，小明可以钓到 $f_i$ 条鱼，之后每过 $5$ 分钟，可钓到的鱼会 减少 $d_i$, 直到减少为 $0$ 。
//如果当前没有在湖中钓鱼，那么可以钓到的鱼的数量是不变的。
//假设 当前只有小明在钓鱼，请问如果规划钓鱼的安排，使得能钓上的鱼最多? 小明在每个湖的钓鱼时间必须是 $5$ 分钟的倍数。
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N=100;
struct node
{
    int f,d,num;
    bool operator<(const node &w)const///重载小于号
    {
        if(f==w.f) return num>w.num;///如果能钓的鱼都相等,那么靠左的湖排在前面
        else return f<w.f;
    }
}lake[N];
int n,h,a[N],cnt[N],dist[N];
int main()
{
    while(cin>>n&&n)
    {
        memset(dist,0,sizeof dist);///重置两湖之间的距离
        memset(a,0,sizeof a);
        memset(cnt,0,sizeof cnt);///cnt用来记录每个糊钓的次数
        int res=-1;
        cin>>h;
        h=h*12;
        for(int i=0;i<n;i++) {cin>>lake[i].f;lake[i].num=i;}
        for(int i=0;i<n;i++) cin>>lake[i].d;
        for(int i=1;i<=n-1;i++) {cin>>dist[i];dist[i]+=dist[i-1];}///算出dist
        priority_queue<node>que;
        for(int i=0;i<n;i++)///枚举从0-i个湖最大的钓鱼数
        {
            int ans=0;
            while(!que.empty()) que.pop();///清空队列
            memset(a,0,sizeof a);
            for(int j=0;j<=i;j++) que.push(lake[j]);///入队
            int t=h-dist[i];///算出钓鱼用的时间
            while(t>0)
            {
                node now=que.top();
                que.pop();
                t--;
                ans+=now.f;
                now.f=now.f-now.d;
                //cout<<a[now.num]<<endl;
                a[now.num]++;
                if(now.f<0) now.f=0;
                que.push(now);
            }
            if(ans>res)  ///记录当前的最优值以及方案
            {
                res=ans;
                for(int j=0;j<=i;j++) cnt[j]=a[j];
            }
        }
        for(int i=0;i<n-1;i++) cout<<cnt[i]*5<<", ";
        cout<<cnt[n-1]*5<<endl;
        cout<<"Number of fish expected: "<<res<<endl;
        cout<<endl;
    }
    return 0;
}

 

__EOF__

本文作者：Sakurajimamai
本文链接：https://www.cnblogs.com/o-Sakurajimamai-o/p/17427998.html
关于博主：评论和私信会在第一时间回复。或者直接私信我。
版权声明：本博客所有文章除特别声明外，均采用 BY-NC-SA 许可协议。转载请注明出处！
声援博主：如果您觉得文章对您有帮助，可以点击文章右下角【推荐】一下。您的鼓励是博主的最大动力！