2020.3.24 B组总结
T1:折纸
题目大意:
\(Onise\)喜欢画画. 他有一张 \(width * height\)的纸.他在纸上的操作步骤如下:
-
从直线 \(x = xfold\) 对折(是把左边的纸折到右边上面);
-
把纸竖直对折成\(cnt+1\)等份,就是把最上面的折到下面,共操作\(cnt\)次;
-
现在\(Onise\),画一个实心矩行,左下角的坐标是\((x1, y1)\),右上角坐标是 \((x2, y2)\)。注意: \((x1, y1)\) 、\((x2, y2)\)是把纸折完之后的坐标,\((0, 0)\)是左下角坐标, \(Onise\)画的那些格子的墨水都会渗到它对应的下层的那些格子;
-
再次展开纸。
给你纸的\(width\)和\(height\)、\(xfold\)、\(cnt\)、\(x1\)、\(y1\)、\(x2\)、\(y2\),请问画完之后,还有多少个格子是没有被渗到颜色的。
正解:数学
如图\(5\)是折后的图形。
白色部分是沾墨水的部分。
由题可知白色部分必定是一个矩形。
所以我们可以先求出墨水沾到的大小。
再用整个纸的大小减去沾墨水的大小就是答案
考虑竖折,必定是\(cnt+1\)块叠在一起,所以竖折对答案的贡献是\((cnt+1)*白色部分的块数\)
考虑横折,
所以,只用考虑范围内的白块,贡献就是\(2*(cnt+1)*范围内的白块个数\)
#include<cstdio>
#include<iostream>
#define ll long long
using namespace std;
int main()
{
int t;
scanf("%d",&t);
while (t--)
{
ll w,h,xf,cnt,x1,x2,y1,y2;
scanf("%lld%lld%lld%lld%lld%lld%lld%lld",&w,&h,&xf,&cnt,&x1,&y1,&x2,&y2);
xf=min(xf,w-xf);
ll res=(x2-x1)*(y2-y1)*(cnt+1);
if (x2>=xf)
{
if (x1<xf)
res+=(xf-x1)*(y2-y1)*(cnt+1);
}
else res=res*2;
ll ans=w*h-res;
printf("%lld\n",ans);
}
}
T2:等待·····
T3:游戏
题目大意:
农夫FJ和奶牛Bessie玩游戏,游戏由一个黑板和N张卡片组成。游戏初始时,黑板写的数字是0。每张卡片都写有一个[0,511]的整数。FJ和Bessie轮流操作,FJ先操作。操作者每次从当前的卡片中选取一张卡片出来(被选出来的卡片不会被再次利用),假设选出来的卡片写的数是X,并假设当前黑板写的数是Y,那么本轮操作后黑板的数变成Y|X,其中|是位操作的或。如果某个操作者没有卡片可取了(卡片已经取完),那么该操作者输。如果某操作者进行某次操作后,黑板上的数变成了511,那么该操作者输。假设FJ和Bessie都采取最优策略,那么最后胜利者是谁?
正解:记忆化搜索(或\(DP\))
\(511\) 其实就是一个二进制数:\(111111111\),因此算法选择为状态 \(DP\)。
首先可用一个二进制数 \(S\) 的位表示有哪些位已经是 \(1\) 或 \(0\)。\(DP\) 到第 \(i\) 轮时,还要记录哪
些卡片没有取---集合 \(SC\)。关键是 \(SC\) 十庞大,不能直接记录。\(SC\) 中的数分两类:一类是不影
响状态 \(S\) 的数,只要记录个数即可;另一类是影响状态 \(S\) 的数,不用记录,可用通过 \(S\) 看哪
些数对它有影响,需要时重新计算。
只要记录 \(F[i , S ]\)即可。可记忆化搜索。
#include<cstdio>
#include<cstring>
using namespace std;
int a[1000],f[1000][1000],n,t;
int dfs(int x,int s)
{
int k=0;
if (f[x][s]) return f[x][s];
if (s==511) return f[x][s]=1;
if (x==n) return f[x][s]=-1;
for (int i=1;i<=n;i++)
if ((s|a[i])!=s)
{
if (dfs(x+1,a[i]|s)==-1) return f[x][s]=1;
}else k++;
if (k>x)
if ((k-x)%2==1) return f[x][s]=-dfs(k,s);
else return f[x][s]=dfs(k,s);
return f[x][s]=-1;
}
int main()
{
scanf("%d",&t);
while (t--)
{
memset(f,0,sizeof(f));
scanf("%d",&n);
for (int i=1;i<=n;i++)
scanf("%d",&a[i]);
printf("%d\n",dfs(0,0));
}
}