题解 卷王
首先有一个 \(O(4^n)\) 的 DP 比较显然(同时记录灯的亮灭和后续翻转情况)
然后优化的话发现所有操作的顺序是无关的
这启示我们枚举每个操作到结束的时间,这样就可以确定每个操作的后续影响了
于是令 \(f_{i,s}\) 为还剩 \(i\) 秒,考虑后续影响的状态为 \(s\) 是否可行
预处理出整个 DP 数组就可以了
复杂度 \(O(n^22^n)\)
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#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define INF 0x3f3f3f3f
#define N 100010
#define ll long long
//#define int long long
char buf[1<<21], *p1=buf, *p2=buf;
#define getchar() (p1==p2&&(p2=(p1=buf)+fread(buf, 1, 1<<21, stdin)), p1==p2?EOF:*p1++)
inline int read() {
int ans=0, f=1; char c=getchar();
while (!isdigit(c)) {if (c=='-') f=-f; c=getchar();}
while (isdigit(c)) {ans=(ans<<3)+(ans<<1)+(c^48); c=getchar();}
return ans*f;
}
int n, s;
char c[N];
// namespace force{
// bool vis[1<<12][1<<12];
// int mp[1<<12][1<<12], lim;
// int dfs(int s, int t) {
// if (!s) return 0;
// if (mp[s][t]!=-1) return mp[s][t];
// if (vis[s][t]) return INF;
// vis[s][t]=1;
// int ans=dfs(s^t, (t<<1)&(lim-1))+1;
// for (int i=0; i<n; ++i) ans=min(ans, dfs(s^t^(1<<i), ((t^(1<<i))<<1)&(lim-1))+1);
// vis[s][t]=0;
// return mp[s][t]=ans;
// }
// void solve() {
// lim=1<<n;
// // cout<<bitset<10>(s)<<endl;
// memset(mp, -1, sizeof(mp));
// printf("%d\n", dfs(s, 0));
// }
// }
namespace task1{
bool f[17][17][1<<16];
void init() {
for (int len=0; len<=16; ++len) {
f[len][0][0]=1;
int lim=1<<len;
for (int i=1; i<=len; ++i) {
for (int s=0; s<lim; ++s) {
f[len][i][s]|=f[len][i-1][s];
for (int j=0; j<len; ++j) {
int t=s;
for (int k=j; k<min(len, j+i); ++k) t^=(1<<k);
f[len][i][s]|=f[len][i-1][t];
}
// cout<<"i: "<<i<<' '<<bitset<len>(s)<<' '<<f[i][s]<<endl;
}
}
}
}
void solve() {
for (int i=0; i<=n; ++i) if (f[n][i][s]) {printf("%d\n", i); return ;}
puts("QwQ");
}
}
signed main()
{
freopen("roll.in", "r", stdin);
freopen("roll.out", "w", stdout);
int T;
scanf("%d", &T);
task1::init();
while (T--) {
scanf("%s", c);
n=strlen(c); s=0;
for (int i=n-1; ~i; --i) s=(s<<1)|(c[i]=='1');
// force::solve();
task1::solve();
}
return 0;
}