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1058 题意：整体思想是利用已经知道的序列中的元素根据规则去生成新的元素, 如x * 2, x * 3, x * 5, x * 7.假设使用数组a[MAX]进行存储这一序列的所有元素, 首先使a[0] = 1, 表示第一个元素是1, 然后利用4个指针(不是内存指针,呵呵), i2 = i3 = i5 = i7 = 0. 每次我们比较 a[i2] * 2, a[i3] * 3, a[i5] * 5, a[i7] * 7 这四个元素的大小, 把最小的放到序列中, 并把对应的指针+1, 直到生成需要的个数.#include<stdio.h>#include<string.h> 阅读全文
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哈，我的第一道母函数题目。题意：一个由1~N 组成的集合，问将这个集合分成俩个子集，使得俩个子集的和相等的方法数。、分析：分成俩个子集，子集的和相等，很明显，子集的和已经知道了。换种说法，就是求用1~N 这个数组合出和为（1+N）*N/4 方法数的一半。这就用到 母函数的思想，求出函数（1+x)*(1+x^2)*(1+x^3)……(1+x^N)的展开式中，指数为 （1+N)*N/4 的项的系数。/*ID: nanke691LANG: C++TASK: subset*/#include<iostream>#include<fstream>#include<strin 阅读全文
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题意：初始化，所有灯都是亮的，之后总共只有四种操作1）所有的灯情况都取反2）编号为奇数的灯取反3）编号为偶数的灯取反4）编号为3*x+1 的灯取反现在，问，执行了C步操作之后，某些灯的亮的，某些灯的关的，求出所有的灯的可能组合。题意：每个按钮按2次和没按效果是一样的。所以每个按钮或者按或者不按，一共有2^4=16种状态。枚举每个按钮是否按下，然后生成结果，排序输出即可（注意判重）。/*ID: nanke691LANG: C++TASK: lamps*/#include<iostream>#include<fstream>#include<string>#in 阅读全文
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题意：找出N个不同的正数(3 <= N <= 18) Ai (1 <= i <= N), 满足：输出各个N个取值下的可能的解；分析：根据 1/(a * b) = 1/a(a + b) + 1/b(a + b) ，可以将一个可能的Ai 拆分成俩个所有，由已知的一组当N等于3时的一组解{2,3,6}，将其中一个可能的Ai拆分成俩个。再由N等于4时的解求出N等于5时的解，以此类推；#include<iostream>#include<string.h>#include<algorithm>using namespace std;int a[ 阅读全文
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题意：给出 N，B 和 D：找出 N 个编码（1 <= N <= 64），每个编码有 B 位[二进制]（1 <= B <= 8），使得两两编码之间至少有 D 个单位的“海明距离”（1 <= D <= 7）。“海明距离”是指对于两个编码，他们二进制表示法中的不同二进制位的数目。看下面的两个编码 0x554 和 0x234 之间的区别（0x554 表示一个十六进制数，每个位上分别是 5，5，4）:0x554 = 0101 0101 01000x234 = 0010 0011 0100不同位 xxx xx因为有五个位不同，所以“海明距离”是 5。分析：直接暴力搜索 阅读全文
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题目链接：http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=3811题意：给定1~N个数，求出至少满足一个条件的排列总数m个条件如下：Ai 个数为Bi (0<i <m)分析：“本意是一个复杂的容斥原理，但是开场不久被秒杀，才发现又一个比较简单的状态DP方法” 这是武大预赛解题报告上的原句。确实，用容斥原理来解决确实十分蛋疼，最直接就是满足各个条件之后去重，好SB的样子==！。可是用状态DP却很好解决了。我们通过求出一个条件都不满足的排列总数，从而间接的求出满足至少一个条件的排列总数。对于当前的位置，利用前面已经求得的种数求得。结合代码比较好解释，看 阅读全文
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题意：农民JOHN以拥有世界上最健康的奶牛为傲。他知道每种饲料中所包含的牛所需的最低的维他命量是多少。请你帮助农夫喂养他的牛，以保持它们的健康，使喂给牛的饲料的种数最少。给出牛所需的最低的维他命量，输出喂给牛需要哪些种类的饲料，且所需的饲料剂量最少。维他命量以整数表示，每种饲料最多只能对牛使用一次，数据保证存在解。输出:输出文件只有一行，包括牛必需的最小的饲料种数P后面有P个数，表示所选择的饲料编号（按从小到大排列）。如果有多个解，输出饲料序号最小的（即字典序最小）。分析：总共有十五种饲料，要找出符合能满足条件的最少的种数，相当于要求出一种组合，那么就求出各种长度的组合，再找出符合条件的最小字 阅读全文
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题目链接：http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=3810题意：Magina 去打怪，目的是在最短的时间内得到ｍ units money。已知有Ｎ个怪分布在Ｎ个地点，打每一怪可以获得ｇｉ ｍｏｎｅｙ，但同时也需要花ｔｉ 时间。Ｍａｇｉｎａ 可以任意的选择一个怪开始打，已知他又一个技能，就是瞬间移动啦，从一个地方到另一个地方，不需要花费时间，但前提是这俩个地方是相连的，打完一个怪之后，该怪物就会消失，同时那个相连的路也会跟着消失。分析：大致题意就是这样了，一开始就是直接搜啦，很笨的方法，是因为没注意到一个问题，“For every spots, Mag 阅读全文
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题意：x1 = x – sqrt(y)y1 = y – sqrt(x)给你x1和y1，求x,y，如果有多种，输出x最小的。分析:将方程转化为x = x1 + sqrt(y);y = y1 + sqrt(x);可以发现x >= x1, y >= y1.所以可以用迭代法无限逼近x, y初始x=x1,y=y1;x = x1 + sqrt(y);y = y1 + sqrt(x);#include<iostream>#include<math.h>using namespace std;int main(){ int T,cas=0; double x1,y1; ci 阅读全文
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题意：给定一个长度为N的数组，全部由{1，2, 3}组成，求将其排列成不降序列的最少移动次数分析：求出每个1,2,3 各自 是数量，count[1],count[2],count[3]; 这样也就知道了排列后各个元素所属的区域；接下来，我们先需要考虑1 和2 俩块区域；交换一次，能够回到自己所属的区域，应该就是最好的交换了，这样我们就优先考虑交换之后俩俩可以回到自己位置的交换for (int i=1;i<=count[1]+count[2];i++){ if (t[i]==3) a[3]++; else if (t[i]==2&&i<=count[1]) a[1]+ 阅读全文