摘要：
题意：给定一个n * m 的矩阵（迷宫），-1 表示该位置不能通过， 1 ~ 5 表示该位置被第i个怪控制， 0 表示该位置不被任何怪控制给定起点和终点， 问Celica最少需要多少回合才能通过。当然，还有很多限制条件：1）每一个回合，Celica的初始行动值为L， 没移动一个位置，行动值-1， 当行动值减为0， 则开始下一个回合2）一旦踏入怪的所在位置，则立即会将怪杀死，怪所控制的位置也就变为0了3）当移动到一个怪所控制的位置，行动立即减为04）每到达一个位置，首先变化的是行动值， 这就意味着，如果踏入一个怪所在的位置，而且该位置是被怪所控制的情况下，那么行动值先变为0，再将怪杀死5）怪不一 阅读全文
摘要：
题意：中文题目（略）分析：其实就是一个暴力的bfs， 关键是模拟移动，判连通，以及状态的表示。每个格子移动过程中，内部四个小三角的相对顺序是不变的，也就是移动过程中，格子是作为一个整体在移动的，，小三角只是在判连通时才用到，所以状态的表示可以将每个格子作为一个整体，这样的话，总共就是9个格子，用0~8表示，这样是否很熟悉了？ 可以用类似八数码的哈希方法，用康托展开将每一个状态hash到一个整数上，剩下的就是模拟了。很惭愧，单是敲这个代码就用了快俩个小时……hdu4531#include<iostream>#include<algorithm>#include<st 阅读全文
摘要：
题意：略分析：记忆化搜索用dp[i][j] 表示 i 次攻击得到少于j分的方案hdu4504#include<iostream>#include<algorithm>#include<stdio.h>#include<stdlib.h>#include<string.h>using namespace std;const int N = 20 + 5;const int M = 600 + 10;__int64 f[N];__int64 dp[N][M];int s[3] = {1, 2, 3};void init(){ f[0] = 阅读全文
摘要：
题意：忽略题目背景，就是要收集最多的钱， 如果第i天拿到了si 的钱， 那么第ｉ＋x[i] 天 到 第i + y[i] - 1 天必须再拿一次，否则就再也拿不到钱了，当然，第i ＋x[i]天之前也是拿不到的， 题目要求第一天必须拿。。分析：一开始想到了用记忆化搜索，代码很短， 一下就敲完了， 结果也果断超时了后来想到了按记忆化搜索的思路，直接从最后一天开始算起，用dp[i] 表示第i天拿到了钱之后，到第n天为止，最多拿到的钱数，那么dp[i] = s[i] + max(dp[j]) (i + x[i] <= j <= i + y[i] - 1)到这一步就很明显了，这里涉及到了区间最 阅读全文
摘要：
题意：给定N 个字符串，每个字符串长度为小于等于10 ，要求得到一个排列，s[i] 为str[i] 和str[i - 1] 通过移动，相同位置上相同字符的个数，求max(s[1] + s[2] + s[3] +...)分析：aaa 和 abc 的相同的字符数 为1abc 和 adc 相同的字符数为2cde 和 bfcde 相同的字符数为3N个总数只有10， 很容易就想到了状态压缩，我们用dp[j][i]表示以第一个串结尾， 状态为j时 最大的相同字符数, j 的二进制位上每一个位的０ 或１ 表示是否已选了第几个串pku2817#include<iostream>#include&l 阅读全文
摘要：
题意：在空间中给定n个点，给出每个点的三维坐标，以及每个点上已有的花的数目Fi，和可以从该点上移走的花的数目Li，因为每一次可以移动的距离有限，为R， 所以可以选择一个中介点进行转移，最后将所有的花都移动到第一个点上。因为可以从每个点上移走的花的数目有限，所以，可以通过修改每次可以移动的距离R, 使得最终可以将所有的花移动到第一个点。 求最小的R。 若不存在，这输出-1分析：求最小的R, 我们可以二分，转化为判定性问题。 如果已知R， 问是否能将所有的花移动到第一个点呢？ 问题是否好解决一点了？？ 将所有的花移动到第一个点，其实就是一个很明显的网络流判是否满流的问题了。问题就是构图了。虚拟一个 阅读全文
摘要：
题意：N个人排成一队，每个人从1 ~ m 中选择一个数，如果相邻的俩个人选择同一个数，则这个数必须大于K， 问总共有多少种选择方式分析：注意到n的大小，就算0（n） 的算法，都可能超时。。选不考虑这个问题，，，首先应该注意到的是，第n个人对数的选择只与第n - 1个人有关，所以针对状态转移方程下手 我们用f[n][0] 表示长度为n， 最后一个数字小于等于k 的方案数， f[n][1] 表示长度为n ，最后一个数字大于k 的方案数状态转移方程如下：f[n][0] = f[n - 1][0] * ( k - 1) + f[n - 1][1] * k;f[n][1] = f[n - 1][0] * 阅读全文
摘要：
题意：给定一棵有根树，节点标号为1 ~ n， 根节点固定为1， 每个节点初始值为0。 总共给定M 个操作操作1：o node 将以node 为根的子树的所有节点的值取反，其实就是一个异或操作操作2：q node 问以node为跟的子树的所有节点值为1的总数分析：对做过LCA 转RMQ的应该能想到一点，如果从根节点深搜一遍得到的欧拉序列，仔细观察一下可以发现，每个节点在欧拉序列上其实对应这一个区间，这样就将对子树的操作转移到了对区间的操作。 做完这一步处理之后，熟悉线段树的同学应该就可以解决了，事实上接下来的操作比之前比赛的一道线段树很像。。线段树的每一个节点保存该节点对应区间上1的个数cn.. 阅读全文
摘要：
hdu4527 玩转十滴水题意很明显，而且需要注意的地方在第一个测试例子已经有所体现了。就是同一时刻可能有多个水滴到达一个点，而且该位置的水滴爆破了，但也只会产生四个方向各一个水滴所以，必须处理好同一个时刻的水滴，所以用了俩个队列来处理，将同一个时刻的水滴放在一个队列中，让所有水滴都飞行一个单位时间，如果没有碰到水滴，则压入另一个队列，如果碰到了，则在该位置直接加1， 等处理完其他同一时刻的水滴之后，再判断是否存在会爆的水滴，如果会，则再产生四个水滴，压入另一个队列，以此类推，，具体看代码：hdu4527#include<iostream>#include<algorithm 阅读全文
摘要：
题意：题目的意思很简单，给定一个序列，求最大递增子序列的长度，同时相邻俩项下标的差值必须大于d分析：就题意而已，只是在最长递增子序列的加了一个限制条件，沿用最长递增子序列的思路，则dp[i] = max（dp[i], dp[j] + 1), (i - j > d && a[i] > a[j])从状态转移方程可以看出，问题的关键在于维护区间（0，i - d - 1) 最大的dp值，且对应值小于a[i]我们换一种角度，用a[i]的值作为下标，保证当前区间(0, a[i] - 1)中的dp值都满足 （i - j > d) , 那么dp[i] 就等于区间（0， a[i 阅读全文