P2602 [ZJOI2010] 数字计数 题解

数位dp的板子题？

显然 $[a,b]$ 等价于 $[0,b]-[0,a]$。

考虑 $d{p}_{i,j}$ 表示到第 $i$ 位数字 $j$ 的答案。先不考虑数字大小限制(即1到999之类)，则显然有 $d{p}_{i,j}=d{p}_{i-1,j}\times 10+{10}^{i-1}$，当前数字是 $0$ 时则减去 ${10}^{i-1}$，再减去 $1$。

所以我们可以预处理出$dp$，来表示后面这一坨。

实际操作的时候，我们可以不用写两维，写一维的cnt数组记录一下就可以。

再加上限制，当前数的方案数我们由小于等于它的最大999……9和剩余部分拼成。后面这一部分就是各位数字上的数乘$d{p}_i$之和。

加上比当前位小的数多出现了${10}^{i-1}$次，当前位显然多出现了后面位组成的数字次，然后前导零其实就是$\sum _{i=1}^{len}{10}^i$，减去就行。

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
long long a,b,l,r,num;
int numa[15],numb[15];
long long cnt[11];
long long f[15];
long long po[15]={1,10,100,1000,10000,100000,1000000,10000000,100000000,1000000000,10000000000,100000000000,100000000000,};
int main(){
	for(int i=1;i<=15;++i) f[i]=i*po[i-1];
	scanf("%lld %lld",&a,&b);
	if(a>b) swap(a,b);
	--a;
	while(a) numa[++l]=a%10,a/=10;
	while(b) numb[++r]=b%10,b/=10;
	for(int i=l;i>=1;--i){
		for(int j=0;j<=9;++j) cnt[j]-=numa[i]*f[i-1];
		for(int j=0;j<numa[i];++j) cnt[j]-=po[i-1];
		num=0;
		for(int j=i-1;j>=1;--j) num=num*10+numa[j];
		cnt[numa[i]]-=(num+1);
		cnt[0]+=po[i-1];
	}
	for(int i=r;i>=1;--i){
		for(int j=0;j<=9;++j) cnt[j]+=numb[i]*f[i-1];
		for(int j=0;j<numb[i];++j) cnt[j]+=po[i-1];
		num=0;
		for(int j=i-1;j>=1;--j) num=num*10+numb[j];
		cnt[numb[i]]+=(num+1);
		cnt[0]-=po[i-1];
	}
	for(int i=0;i<=9;++i) printf("%lld ",cnt[i]);
	return 0;
}