[NOIP2002 提高组] 均分纸牌

题目描述

\(N\) 堆纸牌,编号分别为 \(1,2,\ldots,N\)。每堆上有若干张,但纸牌总数必为 \(N\) 的倍数。可以在任一堆上取若干张纸牌,然后移动。

移牌规则为:在编号为 \(1\) 堆上取的纸牌,只能移到编号为 \(2\) 的堆上;在编号为 \(N\) 的堆上取的纸牌,只能移到编号为 \(N-1\) 的堆上;其他堆上取的纸牌,可以移到相邻左边或右边的堆上。

现在要求找出一种移动方法,用最少的移动次数使每堆上纸牌数都一样多。

例如 \(N=4\) 时,\(4\) 堆纸牌数分别为 \(9,8,17,6\)

移动 \(3\) 次可达到目的:

  • 从第三堆取 \(4\) 张牌放到第四堆,此时每堆纸牌数分别为 \(9,8,13,10\)
  • 从第三堆取 \(3\) 张牌放到第二堆,此时每堆纸牌数分别为 \(9,11,10,10\)
  • 从第二堆取 \(1\) 张牌放到第一堆,此时每堆纸牌数分别为 \(10,10,10,10\)

输入格式

第一行共一个整数 \(N\),表示纸牌堆数。
第二行共 \(N\) 个整数 \(A_1,A_2,\ldots,A_N\),表示每堆纸牌初始时的纸牌数。

输出格式

共一行,即所有堆均达到相等时的最少移动次数。

样例 #1

样例输入 #1

4
9 8 17 6

样例输出 #1

3

提示

对于 \(100\%\) 的数据,\(1 \le N \le 100\)\(1 \le A_i \le 10000\)

【题目来源】

NOIP 2002 提高组第一题

解析

题目意思是要以每次移动的牌数来达到平均数,也就是每堆牌把平均数当成目标去靠近;

贪心:一开始算出平均数,然后从左往右以这个平均数为目标匀,所以可能只要匀一圈就可以成功;

但如果一开始没有贪心(没有算出平均数),那么从左到右匀了一遍后会发现没有达到目的,会再从左到右匀一遍;

所以一开始把目标选为平均数就是贪心;那么这样的话只要匀一次,这样每次匀牌的时候就等于在构造最优解,然后一遍下来就由局部最优达到了全局最优;

一开始就算出平均数,每堆牌和平均数比较,用平均数减每堆的牌数,剩下的牌数就是离平均数的“距离”,然后从左往右匀$ \geq$不管这堆牌的正负,让此堆牌加到下一堆牌,然后再让此堆牌为零;

样例解释:

(9+8+17+6)/4=10;

对应贪心的牌数为:-1;-2;7;-4;

第一次匀:0;-3;7;-4;

第二次:0;0;4;-4;

第三次:0;0;0;0;

所以一共三次;

代码

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
int a[105];
int main()
{
	int n,i,avg,flag,s;
	avg=0;
	flag=0;
	cin >> n;
	for(i=0;i<n;i++)
	{
		cin >> a[i];
		avg=a[i]+avg;
	}
	s=avg/n;
	for(i=0;i<n;i++)
	{
		a[i]=a[i]-s;
	}
	for(i=0;i<n-1;i++)
	{
		if(a[i]!=0)  //如果等于0的话就不用管了;
		{
			a[i+1]=a[i]+a[i+1];
			a[i]=0;
			flag++;
		}
		else{
			continue;
		}

	}
	cout << flag;
	return 0;
}
posted @ 2023-06-17 10:52  Momo·Trace  阅读(104)  评论(0编辑  收藏  举报