𝐌ᴏɢᴇᴋᴏ ℂᴀ𝐬ᴛʟᴇ ^o^

摘要： 传送门 多重背包板子题， 多重背包就是每种东西有好几个，可以把它拆分成一个一个的01背包 优化：二进制拆分（拆成1+2+4+8+16+...） 比如18=1+2+4+8+3，可以证明18以内的任何数都可以用这几个数的和表示， 所以就把2个，4个....绑定为一个物品，和一个一个的效果是一样的 这样就 阅读全文

摘要： 传送门 这道题信息量好大啊 1.Dilworth定理 Dilworth定理：对于一个偏序集，最少链划分等于最长反链长度。 Dilworth定理的对偶定理：对于一个偏序集，其最少反链划分数等于其最长链的长度。 其实就是说，对于一个序列， 最大上升子序列长度 = 不上升子序列个数，最大不上升子序列长度 阅读全文

摘要： 关于埃氏和其他算法 欧拉算法 void Prime(int N) { for(int i=2; i<=N; i++) { if(!check[i]) prime[cnt++]=i; for(int j=0; j<cnt && prime[j]*i<=N; j++) { check[prime[j]* 阅读全文

摘要： 传送门（ST表裸题） ST表是一种很优雅的算法，用于求静态RMQ 数组l[i][j]表示从i开始，长度为2^j的序列中的最大值 注意事项： 1.核心部分： for(int j = 1; (1<<j) <= n; j++) for(int i = 1; i+(1<<j)-1 <= n; i++) { 阅读全文

摘要： 传送门 这道题一眼看上去...Floyd..? 每个村庄修复时间、询问都是不下降的...似乎连排序都省略了x 既然这样，那每次询问时，更新这个询问之前的村庄来求目前的最短路径就可以了 注意事项：对于这个循环 1.k不能定义为for内部的局部变量（因为之前的村庄已经遍历过了不需要再走一遍） （否则时间 阅读全文

摘要： qwq 今天做完并查集突然想起来这道以前做的好（shui）题， 虽然是黄题，但是是并查集一个比较特别的用法 这道题大概可以用求最小环的方式来做，但是从直觉上果然还是并查集w 乍一看只要求出“父→子”即为环，每次getfa时环长度+1，再用min维护环的最小值即可 这时如果用平时的习惯写路径压缩的话， 阅读全文

摘要： qwq 同关押罪犯 对于这种希望几个对象分开的题目，只要把并查集反过来想就可以了。 既然要求删除的边权最小，那么只要反过来求给定的点不连通时保留的边权最大即为正解。 同样的，首先将边权排序，不会使敌人连通则连接。 注意事项：1.初始化 2.最后的答案要定义为long long bin哥今天讲的： 当 阅读全文

摘要： qwq dij其实和prim挺像的，prim是找权值最小点，dij是找边， 用一个优先队列就可以在加入边的时候直接排序，避免了每次遍历更新min priority_queue <pair<int,int>,vector<pair<int,int> >,greater<pair<int,int> > 阅读全文

摘要： 传送门（其实就是求斐波那契数列....） 累了 明天再解释 做这道题需要一些关于矩阵乘法的基础知识。 1. 矩阵乘法的基础运算 只有当矩阵A的列数等于矩阵B的行数时，A与B可以相乘（A的行数不一定等于B的列数）。 代码实现（重载运算符）： 2. 单位矩阵 主对角线上的元素都为1，其余元素全为0的n阶 阅读全文

摘要： qwq $kruskal$算法 按边权从小到大排序，并查集合并即可。 #include<cstdio> #include<algorithm> using namespace std; int fa[200005]; int n,m; struct abc { int from,to,w; } q[ 阅读全文