P1525 关押罪犯

P1525 关押罪犯

题目描述

S 城现有两座监狱，一共关押着N 名罪犯，编号分别为1~N。他们之间的关系自然也极不和谐。很多罪犯之间甚至积怨已久，如果客观条件具备则随时可能爆发冲突。我们用“怨气值”（一个正整数值）来表示某两名罪犯之间的仇恨程度，怨气值越大，则这两名罪犯之间的积怨越多。如果两名怨气值为c 的罪犯被关押在同一监狱，他们俩之间会发生摩擦，并造成影响力为c 的冲突事件。

每年年末，警察局会将本年内监狱中的所有冲突事件按影响力从大到小排成一个列表，然后上报到S 城Z 市长那里。公务繁忙的Z 市长只会去看列表中的第一个事件的影响力，如果影响很坏，他就会考虑撤换警察局长。

在详细考察了N 名罪犯间的矛盾关系后，警察局长觉得压力巨大。他准备将罪犯们在两座监狱内重新分配，以求产生的冲突事件影响力都较小，从而保住自己的乌纱帽。假设只要处于同一监狱内的某两个罪犯间有仇恨，那么他们一定会在每年的某个时候发生摩擦。

那么，应如何分配罪犯，才能使Z 市长看到的那个冲突事件的影响力最小？这个最小值是多少？

输入输出格式

输入格式：

 

输入文件的每行中两个数之间用一个空格隔开。第一行为两个正整数N 和M，分别表示罪犯的数目以及存在仇恨的罪犯对数。接下来的M 行每行为三个正整数aj，bj，cj，表示aj 号和bj 号罪犯之间存在仇恨，其怨气值为cj。数据保证1<aj=<=bj<=N ，0 < cj≤ 1,000,000,000，且每对罪犯组合只出现一次。

 

输出格式：

 

共1 行，为Z 市长看到的那个冲突事件的影响力。如果本年内监狱中未发生任何冲突事件，请输出0。

 

输入输出样例

输入样例#1：

4 6
1 4 2534
2 3 3512
1 2 28351
1 3 6618
2 4 1805
3 4 12884

输出样例#1：

3512

说明

【输入输出样例说明】罪犯之间的怨气值如下面左图所示，右图所示为罪犯的分配方法，市长看到的冲突事件影响力是3512（由2 号和3 号罪犯引发）。其他任何分法都不会比这个分法更优。

【数据范围】对于30%的数据有N≤ 15。对于70%的数据有N≤ 2000，M≤ 50000。对于100%的数据有N≤ 20000，M≤ 100000。

分析

这个题可以先按怨气排序，即边权，排序后从大的往小的进行枚举。

枚举到一条边时，有两种可能，

1. 如果两个罪犯当前不在一个集合（监狱）那么把他们分开，为什么这样做，这样做又能说明什么呢

如果我们把他们放到一个集合里，这就证明已经结束了，最大值就是这条边的“怨气”，因为以后的边肯定会比这条边的怒气小，我们需要求的是：在同一个集合中，的最大的数（有两个，所   以取最小的），所以为了尽可能的小，就要把他们分开，继续找更小的怨气的边，有可能比当前值小

2. 如果他们已经在一个集合里，这条边的“怨气”，就是最大的，后面的肯定会比这条边小。

怎么把他们分开呢，并查集只能合并，需要将数组开到n的两倍，a+n表示不和a一个集合的有哪些。如果两个人合并到一个并查集中，那么就是在一个集合里的。（如果a和b不在一个监狱，b和c不在一个监狱，那么a和c一定在一个监狱）

code

#include<cstdio>
#include<algorithm> 
#define N 100100
using namespace std;
struct Edge{
    int x,y,w;
}e[N];
int far[N<<1];
int n,m;
bool cmp(Edge a,Edge b)
{
    return a.w > b.w;
}
int find(int a)
{
    return a==far[a] ? a:far[a]=find(far[a]);
}
int main()
{
    scanf("%d%d",&n,&m);
    for (int i=1; i<=m; ++i)
        scanf("%d%d%d",&e[i].x,&e[i].y,&e[i].w);
    for (int i=1; i<=n<<1; ++i) far[i] = i;
    sort(e+1,e+m+1,cmp);
    for (int i=1; i<=m; ++i)
    {
        int rx = find(e[i].x);
        int ry = find(e[i].y);
        if (rx==ry)
        {
            printf("%d",e[i].w);
            return 0;
        }
        far[rx] = find(e[i].y+n);
        far[ry] = find(e[i].x+n);
    }
    printf("0");
    return 0;
}