- 题目似乎不是非常正义？
- 有 \(N\) 个点， \(M\) 条有向边（为什么路还不能倒着走？）， \(P\) 个酒吧。点权（也就是 \(ATM\) 取款机里的钱）为 \(a_i\) 。要求从起点 \(S\) 出发，到任意一个酒吧庆祝胜利（终点）。其中每条边可以跑任意次，但是 \(Atm\) 里不会再有钱了（因为已经空了）...（逃）
- 很容易想到最短路，可以用 \(spfa\) 求最长路，以 \(S\) 为源点，任意一个酒吧为终点，求 \(dis\) 的最大值。
- 确实可以用 \(spfa\) 求最短路，但是数据范围 \(N, M \le 5\times 10^5\)，\(0 \le a_i \le 4000\)， \(5 \times 10^5\) 个点直接打 \(spfa\) 怎么想也会超时的。
- 因此我们需要用 \(tarjan\) 缩点，将可以联通的一些点看做一个点，这样就可以让点的数量变少，
跑 \(spfa\) 就能更快。
- 首先建原始图，不过需要用数组存下每条边的起点和终点 \((有用)\) ，之后跑一遍 \(tarjan\) ,但是需要将同一个强连通块里的点缩成一个点，由于终点是 \(P\) 个酒吧的其中一个，因此也需要存下来酒吧在哪一个强连通块。由于点被缩成更大的点，
因此这个点里 \(Atm\) 中的$也会更多，所以还需要将原点权加入到缩点的点权中。
- 跑完 \(tarjan\) 后，还需要重新建图，可以初始化原结构体，也可以用新结构体。
- 建图操作就是在两个强连通块中建边，之前将每条边的起始点存在了 \(x,y\) 数组中，如果起点和终点不在一个强连通块，就可以在这里建一条边，
for(i=1;i<=m;++i)
if(bj[x[i]]!=bj[y[i]])
add(bj[x[i]],bj[y[i]]);
这样就在两个毫无关联的强连通块之间牵了一条红线，从此它们就有了一条神奇♂的纽带。。。可以从 \(x\) 跑到 \(y\)。但是不能反向跑，否则它们本应在同一个强连通块。- 建完图就可以跑 \(spfa\) (不能说毫无关联，只能说与板子一模一样(
除了跑的是最长路))，用缩完点后的新图跑 \(spfa\) 就不会超时了。
- 最后枚举从起点到终点 (每个酒吧所在的强连通块) 所获得的钱数，取一个最大值即可。
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<stack>
#include<queue>
#define re register//寄存器变量，加快速度(不就是卡常吗？)
using std::stack;
using std::queue;
inline int read()
{
int x=0;bool f=1;
char s=getchar();
for(;s<'0'||s>'9';s=getchar()) if(s=='-') f=0;
for(;'0'<=s&&s<='9';s=getchar()) x=(x<<1)+(x<<3)+(s^48);
return f?x:~x+1;
}
//相当于快读
void write(int x)
{
if(x<0) x=~x+1,putchar('-');
if(x>9)
{
long long q=0x1999999a;
write(int((q*x)>>32));
}
putchar(x%10+48);
}
inline int min(int x,int y){return x<y?x:y;}
inline int max(int x,int y){return x>y?x:y;}
int dfn[500001],low[500001],cnt,vis[500001];
int bj[500001],tot;
int n,m;
int dis[500001],v[500001],V[500001];
int num,head[500001];
bool club[500001],win[500001];
int c[500001],start;
struct aa{int next,to;}e[1000001];
inline void add(int from,int to){e[++num]={head[from],to};head[from]=num;}
stack<int>s;
void tarjan(int x)
{
dfn[x]=low[x]=++cnt;
s.push(x);
vis[x]=1;
for(re int i=head[x];i;i=e[i].next)
{
re int y=e[i].to;
if(!dfn[y])tarjan(y),low[x]=min(low[x],low[y]);
else if(vis[y])low[x]=min(low[x],dfn[y]);
}
if(low[x]==dfn[x])
{
re int z;
++tot;
while(x!=z)
{
z=s.top();
vis[z]=0;
bj[z]=tot;
if(club[z])win[tot]=1;
V[tot]+=v[z];
s.pop();
}
}
}
int flag[500001],pos;
int x[500001],y[500001];
void spfa(int x)
{
re int i,k;
queue<int> q;
dis[x]=V[x];
q.push(x);
flag[x]=1;
while(!q.empty())
{
k=q.front();
for(i=head[k];i;i=e[i].next)
{
re int y=e[i].to;
if(dis[y]<dis[k]+V[y])
{
dis[y]=dis[k]+V[y];
if(!flag[y])
{
q.push(y);
flag[y]=1;
}
}
}
flag[k]=0;
q.pop();
}
}
int main()
{
re int i,j,k,l,ls;
n=read(),m=read();
for(i=1;i<=m;++i)x[i]=read(),y[i]=read(),add(x[i],y[i]);
for(i=1;i<=n;++i)v[i]=read();
start=read(),pos=read();
for(i=1;i<=pos;++i)ls=read(),club[ls]=1;
for(i=1;i<=n;++i)if(!dfn[i])tarjan(i);
num=0;
memset(e,0,sizeof(e));
memset(head,0,sizeof(head));
for(i=1;i<=m;++i)
if(bj[x[i]]!=bj[y[i]])
add(bj[x[i]],bj[y[i]]);
spfa(bj[start]);
re int ansss=0;
for(i=1;i<=tot;++i)if(win[i])ansss=max(ansss,dis[i]);
write(ansss);
return 0;
}
