hdu - 3049 - Data Processing（乘法逆元）

题意：N（N<=40000）个数n1, n2, ..., nN (ni<=N)，求(2 ^ n1 + 2 ^ n2 + ... + 2 ^nN) / N % 1000003。

题目链接：http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=3049

——>>RJ白书上说“因为‘乘法逆’太重要了……”，上一年南京区赛同学也碰到了求逆元……如今，学习了。。

      什么是乘法逆？ab % m = 1 （这里的 a, b 分别都是模 m 的同余等价类），a 模 m 的乘法逆是 b，同一时候，b 模 m 的乘法逆是a。

      乘法逆有什么用？这个用处可还真不小。。假设要求 a / b % m（保证 b | a），可是 a 非常大非常大，比方 a = 2 ^ 40000，这个式子可不等价于 (a % m) / (b % m) % m。。这时，乘法逆就能够上场了。。一个数除以 b 后模 m，等价于该数乘以 b 模 m 的乘法逆后模 m。。于是上式可变成 a * b的乘法逆 % m，这就easy多了，就是 (a % m) * (b的乘法逆 % m) % m。。

      怎么求乘法逆？要求 a 模 m 的乘法逆，设其为 x，由于 a * x % m = 1，所以 a * x + m * y = 1。。这是什么，一元二次方程，于是乎，扩展欧几里得飞一下就出来了。。

#include <cstdio>

typedef long long LL;

const int MOD = 1000003;
const int MAXN = 40000 + 10;

int N, kase;
LL sum;
int pow2[MAXN];

void GetPow2()
{
    pow2[0] = 1;
    for (int i = 1; i < MAXN; ++i)
    {
        pow2[i] = (pow2[i - 1] << 1) % MOD;
    }
}

void Read()
{
    int n;

    sum = 0;
    scanf("%d", &N);
    for (int i = 0; i < N; ++i)
    {
        scanf("%d", &n);
        sum = (sum + pow2[n]) % MOD;
    }
}

void gcd(LL a, LL b, LL& d, LL& x, LL& y)
{
    if (!b)
    {
        d = a;
        x = 1;
        y = 0;
        return;
    }
    else
    {
        gcd(b, a % b, d, y, x);
        y -= a / b * x;
    }
}

LL Inv(int a, int n)
{
    LL ret, d, y;

    gcd(a, n, d, ret, y);

    return d == 1 ? (ret + n) % n : -1;
}

void Solve()
{
    LL ret;
    LL inv = Inv(N, MOD);
    ret = sum * inv % MOD;
    printf("Case %d:%I64d\n", ++kase, ret);
}

int main()
{
    int T;

    kase = 0;
    GetPow2();
    scanf("%d", &T);
    while (T--)
    {
        Read();
        Solve();
    }

    return 0;
}