LeetCode题解

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数组中重复的数字

数组中所有数字都在0~n-1的范围内，数组中某些数字是重复的，找出重复的数字。如长度为7的数组{2, 3, 1, 0, 2 5, 3}，对应的输出应为2或3.

输入：

2 3 1 0 2 5 3

输出：

2或者3

解法1：排序，然后从前往后扫描数组，就可以找到重复数字。

时间复杂度：\(O(nlogn)\)

空间复杂度：\(O(1)\)
解法2：哈希表统计每一个数字的出现频次，当一个数字出现频次大于1返回，C++可以使用std::map

时间复杂度：\(O(1)\)

空间复杂度：\(O(n)\)
解法3：设数组名为numbers，让0~n-1每一个数字都放在其下标的位置上面，如果numbers[k]的位置上面没有放置k，就一直交换numbers[numbers[k]]和numbers[k]，直到numbers[k]上面放置的是k。假设交换过程中发现numbers[k]与numbers[numbers[k]]相等，则重复数字就是numbers[k]。

上例中，numbers[0]不是0，所以交换numbers[0]和numbers[numbers[0]]，则变为：1 3 2 0 2 5 3；numbers[0]仍然不是0，交换numbers[0]和numbers[numbers[0]]，则变为3 1 2 0 2 5 3；numbers[0]仍然不是0，变为0 1 2 3 2 5 3。此时numbers[0]变为0，进行下一个下标的检查，以保证每一个下标对应的值等于下标，直到循环到numbers[4]时，发现numbers[4] == numbers[numbers[4]]，则重复数字就是numbers[4]，返回即可。

实际上这是一种求环的过程。

时间复杂度：\(O(n)\)，尽管有两重循环，但是每个数字最多只要交换两次就可以找到属于自己的位置。

空间复杂度：\(O(1)\)

该方法修改了原始数组。
解法4：所有数字都在[0,n-1]范围内，二分查找思想，不断缩小可能的重复数字范围，直到定位到重复数字。

上例中，首先查找整个数组[0,3]范围内数字的个数，如果超过了4，则在[0,3]范围内一定有重复数字；下一步统计在[0,1]范围内数字个数为2，该范围一定没有重复数字，重复数字一定在[2,3]之间；下一步统计[2,2]范围内数字个数，超过了1，返回重复数字2。注意：二分查找的思想是每次撞大运numbers[mid]等于目标数字，相等就结束；但是该题结束条件是：直到搜索范围缩减到一个数字才可结束。

时间复杂度：\(O(nlogn)\)，二分查找\(O(logn)\)，每次定一个范围之后，都要遍历这个数组一次。

空间复杂度：\(O(1)\)

《剑指offer》面试题3

二维数组中的查找

从左往右，从上到下递增的二维数组，输入一个整数，判断二维数组是否存在该整数。

输入：

第一行：二维数组的行数，列数，要查找的数字，

之后是这个二维数组。

输出：

解法：从这个数组右上角开始找，如果待查找的数字比矩阵中数字小，减小列；如果待查找的数字比矩阵中数字大，增大行。

《剑指offer》面试题4

替换空格

将字符串中的空格替换为%20

输入：

We are happy.

输出：

We%20are%20happy.

解法1：字符串替换，从后往前替换，否则替换一次都需要让后面的字符移动一次，时间复杂度变高。

解法2：C++风格，扫描这个字符串，见到空格往std::vector放入%20，否则放入原来的字符，最后转化为std::string即可。

从尾到头打印链表

从链表的尾部向前打印链表。

链表定义：

struct ListNode {
    int m_nValue;
    ListNode *m_pNext;

    explicit ListNode(int x) : m_nValue(x), m_pNext(nullptr) {}
};

输入：

[5,0,1,8,4,5]

输出：

5,4,8,1,0,5

解法1：递归。如果节点为空，直接返回。否则先递归调用打印，然后打印该节点的值。

解法2：利用栈，遍历链表时先存到栈里面，然后从栈里面拿出来打印。

重建二叉树

给定二叉树的前序和中序遍历结果，重建该二叉树。

二叉树定义：

struct TreeNode {
    int m_nValue;
    TreeNode *m_pLeft;
    TreeNode *m_pRight;

    explicit TreeNode(int x) : m_nValue(x), m_pLeft(nullptr), m_pRight(nullptr) {}
};

输入：

[1,2,4,7,3,5,6,8]
[4,7,2,1,5,3,8,6]

输出(层次遍历，空节点输出null)：

[1,2,3,4,null,5,6,null,7,null,null,8,null,null,null,null,null]

解法：

前序遍历：N L R

中序遍历：L N R

在二叉树前序遍历的数组中，第一个数字就是当前根节点的值。在中序遍历的数组中，该根节点值的左侧是左子树，右侧是右子树，递归构建二叉树。

二叉树的下一个节点

给定二叉树和其中一个节点，返回中序遍历的下一个节点。

输入(层次遍历，空节点输出null)：

[1,2,3,4,5,6,7,null,null,8,9,null,null,null,null,null,null,null,null]
2

输出：

解法：

   pNext2
   /
  /
|pNode|
  \
   \s

如果该节点有右子树，则下一个节点为右子树的最左节点；
否则向上找，直到找到有一个节点是其父节点的左子节点，则下一个节点为该节点的父节点。

用两个栈实现队列

用两个栈实现队列。

即实现以下声明：

template<typename T>
class CQueue {
public:
    CQueue(void);

    ~CQueue(void);

    void appendTail(const T &node);

    T deleteHead();

private:
    std::stack<T> stack1;
    std::stack<T> stack2;
};

解法：

入队：插入stack1；
出队：弹出stack2，如果stack2为空，则将stack1中元素转入stack2，然后弹出stack2。

如入队1，2，3，出队1，2，入队4，5的情形：

入队1，2，3

stack1:
| |
|3|
|2|
|1|
---
stack2:
| |
---

出队1，2

Step1:

stack1:
| |
---
stack2:
| |
|1|
|2|
|3|
---

Step2:
```
stack1:
| |
---
stack2:
| |
|3|
---
```

入队4，5，6

stack1:
| |
|6|
|5|
|4|
---
stack2:
| |
|3|
---

类似的，用两个队列实现栈：

入栈：将元素插入当前存储值的队列中，初始时随机插入一个队列中；
出栈：将队列中除了最后一个元素，全部出队移动到另一个队列中，最后元素直接丢弃。

斐波那契数列

输入n，求斐波那契数列第n项的值。

输入：

输出：

解法：

\[f(n)=\left\{\begin{matrix} 1\quad n=1 \\ 1 \quad n=2 \\ f(n-1)+f(n-2)\quad n>=3 \end{matrix}\right. \]

解法1：递归。斐波那契数列的表达式明显是一个递归方程。

解法2：从小n往大算。递归可以认为是从大n往小算，但是这种会带来计算重复。如计算\(f(5)\)时，按照递归需要计算\(f(4)+f(3)\)，而计算\(f(4)\)又要计算\(f(3)+f(2)\)，此时\(f(3)\)就已经重复计算了。要减少这种重复计算，可以从小开始算，先计算\(f(3)\)，再计算\(f(4)\)，再计算\(f(5)\).

解法3：此外，还有一种矩阵解法。

类似的，跳台阶：

有n级台阶，每次可以跳1级，也可以跳2级。求有多少种跳法。

解法：实际也是斐波那契数列，设n级台阶有\(f(n)\)种跳法，第一次跳1级则有\(f(n-1)\)种跳法，第一次跳2级则有\(f(n-2)\)种跳法，n级台阶的总跳法是这两种跳法之和。

\[f(n)=\left\{\begin{matrix} 1\quad n=1 \\ 2\quad n=2 \\ f(n-1)+f(n-2) \end{matrix}\right. \]

旋转数组的最小数字

把一个数组最开始的若干元素移动到数组的末尾，称作数组的旋转。输入一个递增排序数组的一个旋转，输出旋转数组的最小元素。

输入：

3 4 5 1 2

输出：

解法1：从头到尾遍历数组，比较获得最小值。这种解法也不需要旋转递增数组，所有数组都可以这样做。

解法2：二分查找的思想。一个指针初始化为0，始终指向前部的递增数组；另一个指针初始化为数组长度减1，始终指向后部的递增数组。中间位置的元素如果比前部指针指向的元素大，则中间位置在前部递增数组，前部指针向后移动；否则中间位置一定在后部递增数组中，后部指针向前移动，以逐步逼近最小元素位置，如果两个指针间隔相差1，则后一个指针指向的即是最小值。但该解法在数组有大量相同值时会失效，如：

1 1 0 1 1

初始化时，前后指针均指向相同值的元素，因此无法知道到底如何移动，这种情形只用从头到尾搜索最小值。

矩阵中的路径

判断在一个矩阵中是否存在一条包含字符串所有字符的路径。路径可以从矩阵中任意一格开始，每一步可以在矩阵中向左、右、上、下移动一格，不可重复进入格子。

输入：

3 4
a b t g
c f c s
j d e h
bfce
abfb

第一行为矩阵的行列数，然后是该矩阵，之后是两个字符串，检查这两个字符串是否存在这个矩阵中。

输出：

1
0

解法：直接利用“回溯法”暴力搜索该路径。这种每一步可能有多种选择的，都可以使用回溯法，暴力搜索问题的解。

素数环

给定1到n数字，将数字依次填入环中，使得环中任意两个相邻的数字间的和为素数。对于给定的n，按字典序由小到大输出所有符合条件的解（第一个数字恒定为1）。

输入：

6
8

输出：

Case 1:
1 4 3 2 5 6
1 6 5 2 3 4
Case 2:
1 2 3 8 5 6 7 4
1 2 5 8 3 4 7 6
1 4 7 6 5 8 3 2
1 6 7 4 3 8 5 2

解法：每一步有多种选择，使用回溯法暴力搜索问题的解，对于这种排列组合问题，回溯法很擅长。

剪绳子

给定长度n的绳子，剪成m段（m、n均为整数且n>1，m>1），记每段绳子的长度为\(k[0],k[1],...,k[m]\)，求\(k[0]\times k[1]\times k[2]...\times k[m]\)最大乘积。

输入：

输出：

说明：当绳子长度为8时，剪成2、3、3三段时，乘积最长，最大乘积为\(2\times 3 \times 3=18\).

题解1：乘积因子不确定，因子个数也不确定。但实际上每个乘积“基团”最大时，整体的乘积也就最大，因而从整体上看，乘积因子就两个，保证这两个因子最大即可：

\[f(n)=\mathop{max}(f(i)\times f(n-i)) \]

这是一个从上至下的递归公式，但是递归会有很多的重复子问题，进而带来大量的重复计算。因此更好的办法是按照从下到上的顺序计算，也就是先计算\(f(2),f(3)\)，再得到\(f(4),f(5)\)，进而得到\(f(n)\)。

题解2：可证，当\(n\geq 5\)时，尽可能多剪长度为3的绳子；当\(n=4\)时，应把绳子剪成两段长度为2的绳子。

证明：当\(n\geq 5\)时，\(2\times (n-2)>n\)且\(3\times(n-3)>n\)，也即当绳子长度大于等于5时，应分成2或3的绳子段，又因为当\(n\geq 5\)时，\(2\times (n-2)\leq 3\times(n-3)\)，也就是当绳子长度大于5时，应尽可能分成3的绳子段；\(n\leq 4\)时，\(1\times 3<2\times 2\)，因此当\(n=4\)时，应该分为两段2的绳子段（实际长度等于4时，等于不用分了），其余的就不分了。

二进制中1的个数

输入一个整数，输出该数二进制中1的个数。

输入：

输出：

说明：9的二进制为1001，其中有2位是1，因此输出2.

解法1：用一个值为1的flag依次与该整数的每一位进行位与，每一次检查，左移flag一位。注意：必须对flag位移而不要对整数位移。这是因为移位之前如果整数是一个负数，仍然要保证移位后是一个负数，因此移位后的最高位会设为1，如果一直做右移运算，那么该整数会最终变为0xFFFFFFFF而陷入死循环。

解法2: 将一个整数减去1，再和原整数做位与运算，会把该整数最右边的1变成0。因此可以检查一个整数可以做多少次这样的运算，就可以知道该整数到底有多少个1.

数值的整数次方

实现函数求base的exponent次方。不可使用库函数，也不可考虑大数问题。

输入：

2 2

输出：

解法：如果一个一个乘起来会带来大量的重复计算，因此：

\[a^n=\left\{\begin{matrix} a^{\frac{n}{2}}\cdot a^{\frac{n}{2}} \\ a^{\frac{n-1}{2}}\cdot a^{\frac{n-1}{2}}\cdot a \end{matrix}\right. \]

该公式是典型的递归形式。

打印从1到最大的n位数

输入数字n，按顺序打印从1到最大的n位十进制数。

输入：

输出：

1
2
...
999

说明：3位数，应输出1到999.

解法：大数，最常用的做法就是用字符串或者数组表达大数。全排列用递归很容易表达，数字的每一位都可能是0～9中的一个数，然后依次设置下一位，递归的结束条件是设置了数字的最后一位。其实就是平时用的回溯法，暴力搜索。

posted @ 2019-12-15 22:32 冬色阅读(786) 评论(1) 编辑收藏举报

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