洛谷P2398 GCD SUM
题目描述
for i=1 to n
for j=1 to n
sum+=gcd(i,j)
给出n求sum. gcd(x,y)表示x,y的最大公约数.
输入输出格式
输入格式:
n
输出格式:
sum
输入输出样例
输入样例#1:
2
输出样例#1:
5
说明
数据范围 30% n<=3000 60% 7000<=n<=7100 100% n<=100000
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又是数论QAQ
我们可以枚举k
ans=∑k*f[k]
f[k]表示gcd(i,j)=k的个数
f[k]=(n/k)(n/k);
但是我们还要扣掉前面gcd=2k,3k,4k........的
所以f[k]=[n/k]^2-(f[2k]+f[3k]+....)
复杂度是n*(1+1/2+1/3+...+1/n)
根据定积分公式$\int_0^n 1/x{\rm d}x $=ln(n)-ln(1)=ln(n)
所以总复杂的为nln(n)
#include<cstdio> #include<cstring> #include<algorithm> #define LL long long using namespace std; const int M=100007; LL read(){ LL ans=0,f=1,c=getchar(); while(c<'0'||c>'9'){if(c=='-') f=-1; c=getchar();} while(c>='0'&&c<='9'){ans=ans*10+(c-'0'); c=getchar();} return ans*f; } LL n,f[M],ans; int main() { n=read(); for(int i=n;i>=1;i--){ f[i]=(n/i)*(n/i); for(int j=i*2;j<=n;j+=i) f[i]-=f[j]; ans+=i*f[i]; }printf("%lld\n",ans); return 0; }