Merge k Sorted Lists

Source

You are given an array of k linked-lists lists, each linked-list is sorted in ascending order.

Merge all the linked-lists into one sorted linked-list and return it.

Example 1:
Input: lists = [[1,4,5],[1,3,4],[2,6]]
Output: [1,1,2,3,4,4,5,6]
Explanation: The linked-lists are:
[
  1->4->5,
  1->3->4,
  2->6
]
merging them into one sorted list:
1->1->2->3->4->4->5->6


Example 2:
Input: lists = []
Output: []

Example 3:
Input: lists = [[]]
Output: []
 

Constraints:
k == lists.length
0 <= k <= 104
0 <= lists[i].length <= 500
-104 <= lists[i][j] <= 104
lists[i] is sorted in ascending order.
The sum of lists[i].length will not exceed 104.

题解1 - 选择归并（Time Limit Exceeded）

参考 Merge Two Sorted Lists 中对两个有序链表的合并方法，这里我们也可以采用从 k 个链表中选择其中最小值的节点链接到 lastNode->next (和选择排序思路有点类似)，同时该节点所在的链表表头节点往后递推一个。直至 lastNode 遍历完 k 个链表的所有节点，此时表头节点均为 NULL, 返回 dummy->next

这种方法非常简单直接，但是时间复杂度较高，容易出现 Time Limit Exceeded

C++

/**
 * Definition of ListNode
 * class ListNode {
 * public:
 *     int val;
 *     ListNode *next;
 *     ListNode(int val) {
 *         this->val = val;
 *         this->next = NULL;
 *     }
 * }
 */

class Solution {
public:
    /**
     * @param lists: a list of ListNode
     * @return: The head of one sorted list.
     */
    ListNode *mergeKLists(vector<ListNode *> &lists) {
        if (lists.empty()) {
            return NULL;
        }

        ListNode *dummy = new ListNode(INT_MAX);
        ListNode *last = dummy;

        while (true) {
            int count = 0;
            int index = -1, tempVal = INT_MAX;
            for (int i = 0; i != lists.size(); ++i) {
                if (NULL == lists[i]) {
                    ++count;
                    if (count == lists.size()) {
                        last->next = NULL;
                        return dummy->next;
                    }
                    continue;
                }

                // choose the min value in non-NULL ListNode
                if (NULL != lists[i] && lists[i]->val <= tempVal) {
                    tempVal = lists[i]->val;
                    index = i;
                }
            }

            last->next = lists[index];
            last = last->next;
            lists[index] = lists[index]->next;
        }
    }
};

源码分析

  1. 由于头节点不定，我们使用 dummy 节点
  2. 使用 last 表示每次归并后的新链表末尾节点
  3. count 用于累计链表表头节点为 NULL 的个数，若与 vector 大小相同则代表所有节点均已遍历完
  4. tempVal 用于保存每次比较 vector 中各链表表头节点中的最小值，index 保存本轮选择归并过程中最小值对应的链表索引，用于循环结束前递推该链表表头节点

复杂度分析

由于每次 for 循环只能选择出一个最小值，总的时间复杂度最坏情况下为 O(k⋅∑li)，其中，1 <= i <= k，空间复杂度近似为 O(1)
 

题解2 - 迭代调用 Merge Two Sorted Lists(Time Limit Exceeded)

鉴于题解1时间复杂度较高，题解2中我们可以反复利用时间复杂度相对较低的 Merge Two Sorted Lists . 即先合并链表 1 和 2，接着将合并后的新链表再与链表3合并，如此反复直至 vector 内所有链表均已完全合并

C++

/**
 * Definition of ListNode
 * class ListNode {
 * public:
 *     int val;
 *     ListNode *next;
 *     ListNode(int val) {
 *         this->val = val;
 *         this->next = NULL;
 *     }
 * }
 */

class Solution {
public:
    /**
     * @param lists: a list of ListNode
     * @return: The head of one sorted list.
     */
    ListNode *mergeKLists(vector<ListNode *> &lists) {
        if (lists.empty()) {
            return NULL;
        }

        ListNode *head = lists[0];
        for (int i = 1; i != lists.size(); ++i) {
            head = merge2Lists(head, lists[i]);
        }

        return head;
    }

private:
    ListNode *merge2Lists(ListNode *left, ListNode *right) {
        ListNode *dummy = new ListNode(0);
        ListNode *last = dummy;

        while (NULL != left && NULL != right) {
            if (left->val < right->val) {
                last->next = left;
                left = left->next;
            } else {
                last->next = right;
                right = right->next;
            }
            last = last->next;
        }

        last->next = (NULL != left) ? left : right;

        return dummy->next;
    }
};

源码分析

实现合并两个链表的子方法后就没啥难度了，mergeKLists 中左半部分链表初始化为 lists[0]，for 循环后迭代归并 head 和 lists[i]

复杂度分析

合并两个链表时最差时间复杂度为 O(l1+l2)，那么在以上的实现中总的时间复杂度可近似认为是 l1+l1+l2+...+l1+l2+...+lk=O(∑(k−i)⋅li)，其中，1 <= i <= k，比起题解1复杂度是要小一点，但量级上仍然差不太多。实际运行时间也证明了这一点，题解2的运行时间差不多时题解1的一半。那么还有没有进一步降低时间复杂度的可能呢？当然是有的，且看下题解3

 

题解3 - 二分调用 Merge Two Sorted Lists

题解2中 merge2Lists 优化空间不大，那咱们就来看看 mergeKLists 中的 for 循环，仔细观察可得知第 i 个链表 li 被遍历了 k−i 次，如果我们使用二分法对其进行归并呢？从中间索引处进行二分归并后，每个链表参与合并的次数变为 logk，尽量减少同一个链表的遍历次数，故总的时间复杂度可降至 logk⋅∑li，其中，1 <= i <= k，优化幅度较大

思路来源：

C++

/**
 * Definition of ListNode
 * class ListNode {
 * public:
 *     int val;
 *     ListNode *next;
 *     ListNode(int val) {
 *         this->val = val;
 *         this->next = NULL;
 *     }
 * }
 */

class Solution {
public:
    /**
     * @param lists: a list of ListNode
     * @return: The head of one sorted list.
     */
    ListNode *mergeKLists(vector<ListNode *> &lists) {
        if (lists.empty()) {
            return NULL;
        }

        return helper(lists, 0, lists.size() - 1);
    }

private:
    ListNode *helper(vector<ListNode *> &lists, int start, int end) {
        if (start == end) {
            return lists[start];
        } else if (start + 1 == end) {
            return merge2Lists(lists[start], lists[end]);
        }

        ListNode *left = helper(lists, start, start + (end - start) / 2);
        ListNode *right = helper(lists, start + (end - start) / 2 + 1, end);

        return merge2Lists(left, right);
    }

    ListNode *merge2Lists(ListNode *left, ListNode *right) {
        ListNode *dummy = new ListNode(0);
        ListNode *last = dummy;

        while (NULL != left && NULL != right) {
            if (left->val < right->val) {
                last->next = left;
                left = left->next;
            } else {
                last->next = right;
                right = right->next;
            }
            last = last->next;
        }
        last->next = (NULL != left) ? left : right;

        return dummy->next;
    }
};

源码分析

由于需要建立二分递归模型，另建一私有方法 helper 引入起止位置较为方便。下面着重分析 helper

  1. 分两种边界条件处理，分别是 start == end 和 start + 1 == end。虽然第二种边界条件可以略去，但是加上会节省递归调用的栈空间
  2. 使用分治思想理解 helper，left 和 right 的边界处理建议先分析几个简单例子，做到不重不漏
  3. 注意 merge2Lists 中传入的参数，为 lists[start] 而不是 start

在 mergeKLists 中调用 helper 时传入的 end 参数为 lists.size() - 1，而不是 lists.size()

复杂度分析

题解中已分析过，最坏的时间复杂度为 logk⋅∑li，其中，1 <= i <= k，空间复杂度近似为 O(1)

优化后的运行时间显著减少！由题解2中的500+ms 减至40ms 以内

 
posted @ 2022-08-13 22:39  凌雨尘  阅读(69)  评论(0)  编辑  收藏  举报