【codevs 1380】没有上司的舞会(树形dp)
1380 没有上司的舞会
时间限制: 1 s 空间限制: 128000 KB 题目等级 : 钻石 Diamond
题目描述 Description
Ural大学有N个职员,编号为1~N。他们有从属关系,也就是说他们的关系就像一棵以校长为根的树,父结点就是子结点的直接上司。每个职员有一个快乐指数。现在有个周年庆宴会,要求与会职员的快乐指数最大。但是,没有职员愿和直接上司一起与会。
输入描述 Input Description
第一行一个整数N。(1<=N<=6000)
接下来N行,第i+1行表示i号职员的快乐指数Ri。(-128<=Ri<=127)
接下来N-1行,每行输入一对整数L,K。表示K是L的直接上司。
最后一行输入0,0。
输出描述 Output Description
输出最大的快乐指数。
样例输入 Sample Input
7
1
1
1
1
1
1
1
1 3
2 3
6 4
7 4
4 5
3 5
0 0
样例输出 Sample Output
5
数据范围及提示 Data Size & Hint
各个测试点1s
【题解】【树形dp】
【简单的树形dp,用f[i][0]表示不选当前的点的最优值,f[i][1]表示选当前点的最优值。递归处理,方程为:f[i][0]=max(f[i][0],f[a[i]][1]),f[i][1]=max(f[i][1],f[i][1]+f[a[i]][0]。要注意,当下一层的不选时,不代表当前层一定会选(由于价值有负数)】
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
using namespace std;
int n,val[6010],f[6010][2];
int a[12010],nxt[12010],p[6010],tot;
bool b[6010];
inline void add(int x,int y)
{
tot++; a[tot]=y; nxt[tot]=p[x]; p[x]=tot;
tot++; a[tot]=x; nxt[tot]=p[y]; p[y]=tot;
}
void dfs(int x,int fa)
{
for(int i=p[x];i!=-1;i=nxt[i])
{
if(a[i]!=fa)
{
dfs(a[i],x);
f[x][1]=max(f[x][1],f[x][1]+f[a[i]][0]);
f[x][0]=max(f[x][0],f[x][0]+f[a[i]][1]);
}
}
if(f[x][1]+val[x]<f[x][1]) f[x][0]=max(f[x][0],f[x][1]);
f[x][1]+=val[x];
return;
}
int main()
{
int i,j;
memset(p,-1,sizeof(p));
memset(nxt,-1,sizeof(nxt));
scanf("%d",&n);
for(i=1;i<=n;++i) scanf("%d",&val[i]);
for(i=1;i<n;++i)
{
int x,y;
scanf("%d%d",&x,&y);
add(x,y); b[x]=1;
}
scanf("%d%d",&i,&j);
for(i=1;i<=n;++i)
if(!b[i]) add(i,0);
dfs(0,0);
printf("%d\n",max(f[0][0],f[0][1]));
return 0;
}
既然无能更改,又何必枉自寻烦忧