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这里就想到了lrj说的理解EK但是使用Dinic 因为图较大，所以采用Dinic而不是EdmondsKarp 得益于接口一致性，无须理解Dinic就能使用它。 看到最小费用，又有隔开的操作（割），就是最小割，就想到了最大流（想了想用不到MCMF，这里挺需要注意的，所有网络流的题首先判断是MCMF还是 阅读全文
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证明： 对于每一个X节点，都是只有一个入流，多个出流（分别流向每一个Y节点），显然多个出流的和正好等于入流；同理，对于每一个Y节点，有多个入流（分别来自每一个X节点），只有一个出流，显然多个入流的和等于出流。第一类弧，以每一行所有元素之和为容量；第三类弧，以每一列所有元素之和为容量；第二类弧，最终流 阅读全文
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拆点法是很套路的方法，将一个点拆为i和i'，连边，cap为1，cost为0. 编号：点2~n-1拆成弧i->i'，前者编号为0~n-1，后者编号为n~2n-3 （i+n-2） 本题拆点后从1-v求流量为2的最小费用流 while(flow < flow_limit && BellmanFord(s, 阅读全文
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网络流的问题一般都会加S,T！ 网络流init参数一般为节点数（包括S,T） maxn为点数+一点（注意可能加点，拆点...） 把插头看做结点，增加S，T链接设备和插头（容量为1），转换器作为边（容量无穷大），套模板。用的是紫书第二种方法，因为更喜欢思维直接一点的方式。 读取输入时用一个ID函数方便 阅读全文
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白书第一章例题4 思维。 先固定一点不动，假设最后一共N个点，那么编号为0,1，...N-1, 0不动，原来的n个点分别占据i/n*N的位置（记为pos），移动到pos四舍五入的位置即可。 证明一：有一个坐标未移动，见例题3（UVA11300） 证明二：没有点移动到相同位置。 假设x，y移动到相同位 阅读全文
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白书第一章例题6 构造。思维。几何。 分别从几个角度去看，有矛盾就删掉，最后遍历一下统计个数 方法证明：第一个方块肯定要删除。假设前k个必须删除，第k+1个矛盾出现，假如不删掉，矛盾将持续存在，故必须删掉。 代码有很多细节。 比如注意宏定义加（） //#define REP(i,n) for(int 阅读全文
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白书第一章例题7 很套路了。枚举第一行，可以直接算出之后的几行。 #include <iostream> using namespace std; #include <stdio.h> #include <cstring> #define INF 10000000 int grid[20][20]; 阅读全文
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白书第一章例题8 好麻烦！ 正方体每面编号为0-5，那么根据顶点和正面，就能确定形态。一共6*4=24种形态。 P[i]表示编号i所在位置。比如P[1]=3，表示第二面转到了第四面。 就可以表示出所有形态。 这时候可以手算或者写个函数找出所有形态。 注意选择函数计算，要放到main外面，方便调。 注 阅读全文
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习题9-9 注意前提是最小值最大。很少做两次dp的题。 初始化要细心。 阅读全文
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状压dp 要再看看 例题9-17 阅读全文