201312 csp认证
问题描述
给定n个正整数，找出它们中出现次数最多的数。如果这样的数有多个，请输出其中最小的一个。
输入格式
输入的第一行只有一个正整数n(1 ≤ n ≤ 1000)，表示数字的个数。
输入的第二行有n个整数s1, s2, …, sn (1 ≤ si ≤ 10000, 1 ≤ i ≤ n)。相邻的数用空格分隔。
输出格式
输出这n个次数中出现次数最多的数。如果这样的数有多个，输出其中最小的一个。
样例输入
6
10 1 10 20 30 20
样例输出
10
#include<iostream>
#include<map>
#include<iterator>
using namespace std;
int main(){
int n;
int ans=0;
cin>>n;
map<int,int> m;
int v;
for(int i=0;i<n;i++){
cin>>v;
m[v]++;
}
int maxn=0;
for(map<int,int>::iterator iter=m.begin();iter!=m.end();iter++){
if(iter->second>maxn){
maxn=iter->second;
ans=iter->first;
}
}
cout<<ans;
return 0;
}
问题描述
每一本正式出版的图书都有一个ISBN号码与之对应，ISBN码包括9位数字、1位识别码和3位分隔符，其规定格式如“x-xxx-xxxxx-x”，其中符号“-”是分隔符（键盘上的减号），最后一位是识别码，例如0-670-82162-4就是一个标准的ISBN码。ISBN码的首位数字表示书籍的出版语言，例如0代表英语；第一个分隔符“-”之后的三位数字代表出版社，例如670代表维京出版社；第二个分隔之后的五位数字代表该书在出版社的编号；最后一位为识别码。
识别码的计算方法如下：
首位数字乘以1加上次位数字乘以2……以此类推，用所得的结果mod 11，所得的余数即为识别码，如果余数为10，则识别码为大写字母X。例如ISBN号码0-670-82162-4中的识别码4是这样得到的：对067082162这9个数字，从左至右，分别乘以1，2，…，9，再求和，即0×1+6×2+……+2×9=158，然后取158 mod 11的结果4作为识别码。
编写程序判断输入的ISBN号码中识别码是否正确，如果正确，则仅输出“Right”；如果错误，则输出是正确的ISBN号码。
输入格式
输入只有一行，是一个字符序列，表示一本书的ISBN号码（保证输入符合ISBN号码的格式要求）。
输出格式
输出一行，假如输入的ISBN号码的识别码正确，那么输出“Right”，否则，按照规定的格式，输出正确的ISBN号码（包括分隔符“-”）。
样例输入
0-670-82162-4
样例输出
Right
样例输入
0-670-82162-0
样例输出
0-670-82162-4
#include<iostream>
#include<string>
using namespace std;
int main(){
string ans;
string str;
cin>>str;
int sum =0;
int m = 1;
for(int i=0;i<str.length()-2;i++){
if(str[i]=='-') continue;
sum+=(str[i]-'0')*(m++);
}
sum%=11;
char c;
if(sum==10){
c='X';
}else{
c=sum+'0';
}
if(str[str.length()-1]==c){
ans="Right";
}else{
str[str.length()-1]=c;
ans=str;
}
cout<<ans;
return 0;
}
问题描述
在横轴上放了n个相邻的矩形，每个矩形的宽度是1，而第i（1 ≤ i ≤ n）个矩形的高度是hi。这n个矩形构成了一个直方图。例如，下图中六个矩形的高度就分别是3, 1, 6, 5, 2, 3。
请找出能放在给定直方图里面积最大的矩形，它的边要与坐标轴平行。对于上面给出的例子，最大矩形如下图所示的阴影部分，面积是10。
输入格式
第一行包含一个整数n，即矩形的数量(1 ≤ n ≤ 1000)。
第二行包含n 个整数h1, h2, … , hn，相邻的数之间由空格分隔。(1 ≤ hi ≤ 10000)。hi是第i个矩形的高度。
输出格式
输出一行，包含一个整数，即给定直方图内的最大矩形的面积。
样例输入
6
3 1 6 5 2 3
样例输出
10
#include<iostream>
#include <string.h>
using namespace std;
int main(){
int n;
cin>>n;
int h[n];
int ans=0;
int dp[n][n];
memset(dp,0,sizeof(dp));
for(int i=0;i<n;i++){
cin>>h[i];
dp[i][i]=h[i];
}
for(int i=0;i<n;i++){
int minn = h[i];
for(int j=i+1;j<n;j++){
if(h[j]<minn) minn=h[j];
dp[i][j]=minn*(j-i+1);
}
}
for(int i=0;i<n;i++){
for(int j=0;j<n;j++){
if(dp[i][j]>ans) ans=dp[i][j];
//cout<<dp[i][j]<<" ";
}
// cout<<endl;
}
cout<<ans<<endl;
return 0;
}
我们把一个数称为有趣的，当且仅当：
1. 它的数字只包含0, 1, 2, 3，且这四个数字都出现过至少一次。
2. 所有的0都出现在所有的1之前，而所有的2都出现在所有的3之前。
3. 最高位数字不为0。
因此，符合我们定义的最小的有趣的数是2013。除此以外，4位的有趣的数还有两个：2031和2301。
请计算恰好有n位的有趣的数的个数。由于答案可能非常大，只需要输出答案除以1000000007的余数。
输入格式
输入只有一行，包括恰好一个正整数n (4 ≤ n ≤ 1000)。
输出格式
输出只有一行，包括恰好n 位的整数中有趣的数的个数除以1000000007的余数。
样例输入
4
样例输出
3
这道题先想到了用DFS安排每一位上的数，进行递归，直到位置上都有了数
运行超时，只有20分
#include<iostream>
#include<string.h>
#include<string>
using namespace std;
int n;
int mod = 1000000007;
long ans = 0;
string s;
int visit[4];
void dfs(int step,int maxn){
//递归出口
if(step==n) {
int flag = true;
//检查是否四个数字都至少出现一次
for(int i=0;i<4;i++){
if(visit[i]==0) flag=false;
}
if(flag==true){
if(ans>mod)
ans=(ans+1)%mod;
else ans++;
//cout<<s<<endl;
}
return;
}
//处理第step-1位
for(int i=0 ;i<4;i++){
if(visit[0] == 0&&i == 1) continue;
if(visit[1]!=0&&i==0) continue;
if(visit[2] == 0&&i == 3) continue;
if(visit[3]!=0&&i==2) continue;
if(visit[i]>=maxn) continue;
visit[i]++;
char c = i+'0';
s+=c;
dfs(step+1,maxn);
visit[i]--;
s.erase(s.end()-1);
}
}
int main(){
cin>>n;
int maxn = n-3;
memset(visit,0,sizeof(visit));
s="2";
//第0个固定为2
visit[2] = 1;
for(int i=0;i<4;i++){
//从第一位开始递归
int step = 1;
if(visit[0] == 0&&i == 1) continue;
if(visit[1]!=0&&i==0) continue;
if(visit[2] == 0&&i == 3) continue;
if(visit[3]!=0&&i==2) continue;
if(visit[i]>=maxn) continue;
visit[i]++;
char c = i+'0';
s+=c;
dfs(step+1,maxn);
visit[i]--;
s.erase(s.end()-1);
}
cout<<ans;
}
优化：使用dp
考虑递推式：
1.对于S1，考虑其长度l，定义f(l,S1)为长度l的S1数的数量，则f(l,S1)＝１。也就是说长度为l的只包含2的数只有1个。
2.对于S2，考虑其长度l，定义f(l,S2)为长度l的S2数的数量，当l=1则那么f(l,S2)=0，即f(1,S2)=0，当l>1则f(l,S2)=f(l-1,S2)*2+f(l-1,S1)。这是因为，长度为l的S2数可以是由长度为l-1的S2的数加上2或0构成，例20为长度为2的S2数，那么202和200为长度为3的S2数；另外，长度为l的S2数可以是由长度为l-1的S1的数加上0构成，例如22为长度为2的S1数，那么220为长度为3的S2数。
3.对于S3，考虑其长度l，定义f(l,S3)为长度l的S3数的数量，当l=1则那么f(l,S3)=0，即那么f(1,S3)=0，当l>1则f(l,S3)=f(l-1,S3)*2+f(l-1,S1)。这是因为，长度为l的S3数可以是由长度为l-1的S3的数加上2或3构成，例23为长度为2的S3数，那么232和233为长度为3的S3数；另外，长度为l的S3数可以是由长度为l-1的S1的数加上3构成，例如22为长度为2的S1数，那么223为长度为3的S3数。
4.对于S4，考虑其长度l，定义f(l,S4)为长度l的S4数的数量，当l=1则那么f(l,S4)=0，即f(1,S4)=0，当l>1则f(l,S4)=f(l-1,S4)*2+f(l-1,S2)+f(l-1,S3)。这是因为，长度为l的S4数可以是由长度为l-1的S4的数加上2或1构成（满足所有0在1之前，不可以加上0），例201为长度为3的S4数，那么2012和2011为长度为4的S4数；另外，长度为l的S4数可以是由长度为l-1的S2的数加上1构成，例如20为长度为2的S2数，那么201为长度为3的S4数。
同理，对于S5和S6，可以得到相应的递推公式。详细参见以下的源程序。
有了递推式，程序就可以根据递推式，逐步进行计算。
原文链接：https://blog.csdn.net/tigerisland45/article/details/55270910
/* CCF201312-4 有趣的数 */
#include <iostream>
#include <cstring>
using namespace std;
const long long MOD = 1000000007;
const int MAXN = 1000;
const int MAXS = 5;
long long status[MAXN+1][MAXS+1];
int main()
{
int n;
cin >> n;
memset(status, 0, sizeof(status));
// DP
status[1][0] = 1;
for(int i=2; i<=n; i++) {
status[i][0] = 1;
status[i][1] = (status[i - 1][1] * 2 + status[i - 1] [0]) % MOD;
status[i][2] = (status[i - 1][2] + status[i - 1][0]) % MOD;
status[i][3] = (status[i - 1][3] * 2 + status[i - 1][1] ) % MOD;
status[i][4] = (status[i - 1][4] * 2 + status[i - 1][1] + status[i - 1][2]) % MOD;
status[i][5] = (status[i - 1][5] * 2 + status[i - 1][3] + status[i - 1][4]) % MOD;
}
cout << status[n][5] << endl;
return 0;
}
问题描述
给定一个R行C列的地图，地图的每一个方格可能是'#', '+', '-', '|', '.', 'S', 'T'七个字符中的一个，分别表示如下意思：
'#': 任何时候玩家都不能移动到此方格；
'+': 当玩家到达这一方格后，下一步可以向上下左右四个方向相邻的任意一个非'#'方格移动一格；
'-': 当玩家到达这一方格后，下一步可以向左右两个方向相邻的一个非'#'方格移动一格；
'|': 当玩家到达这一方格后，下一步可以向上下两个方向相邻的一个非'#'方格移动一格；
'.': 当玩家到达这一方格后，下一步只能向下移动一格。如果下面相邻的方格为'#'，则玩家不能再移动；
'S': 玩家的初始位置，地图中只会有一个初始位置。玩家到达这一方格后，下一步可以向上下左右四个方向相邻的任意一个非'#'方格移动一格；
'T': 玩家的目标位置，地图中只会有一个目标位置。玩家到达这一方格后，可以选择完成任务，也可以选择不完成任务继续移动。如果继续移动下一步可以向上下左右四个方向相邻的任意一个非'#'方格移动一格。
此外，玩家不能移动出地图。
请找出满足下面两个性质的方格个数：
1. 玩家可以从初始位置移动到此方格；
2. 玩家不可以从此方格移动到目标位置。
输入格式
输入的第一行包括两个整数R 和C，分别表示地图的行和列数。(1 ≤ R, C ≤ 50)。
接下来的R行每行都包含C个字符。它们表示地图的格子。地图上恰好有一个'S'和一个'T'。
输出格式
如果玩家在初始位置就已经不能到达终点了，就输出“I'm stuck!”（不含双引号）。否则的话，输出满足性质的方格的个数。
样例输入
5 5
--+-+
..|#.
..|##
S-+-T
.
样例输出
2
样例说明
如果把满足性质的方格在地图上用'X'标记出来的话，地图如下所示：
--+-+
..|#X
..|##
S-+-T
####X
/* CCF201312-5 I’m stuck! */
//不需要恢复现场
#include <iostream>
#include <cstring>
using namespace std;
const int N = 50;
const int DIRECTSIZE = 4;
struct _direct {
int dr, dc;
} direct[DIRECTSIZE] = {{-1, 0}, {1, 0}, {0, -1}, {0, 1}};
char grid[N][N+1];
int visited[N][N], visited2[N][N];
int R, C;
// 判断坐标是否合法或可移动到
inline bool islegal(int r, int c)
{
if(0 <= r && r < R && 0 <= c && c < C && !visited[r][c] && grid[r][c] != '#')
return true;
else
return false;
}
// 深度优先搜索
void dfs(int r, int c)
{
int nextr, nextc;
visited[r][c] = 1;
if(grid[r][c] == '+' || grid[r][c] == 'S' || grid[r][c] == 'T') {
for(int i=0; i<DIRECTSIZE; i++) {
nextr = r + direct[i].dr;
nextc = c + direct[i].dc;
if(islegal(nextr, nextc))
dfs(nextr, nextc);
}
} else if(grid[r][c] == '-') {
for(int i=2; i<DIRECTSIZE; i++) {
nextr = r + direct[i].dr;
nextc = c + direct[i].dc;
if(islegal(nextr, nextc))
dfs(nextr, nextc);
}
} else if(grid[r][c] == '|') {
for(int i=0; i<2; i++) {
nextr = r + direct[i].dr;
nextc = c + direct[i].dc;
if(islegal(nextr, nextc))
dfs(nextr, nextc);
}
} else if(grid[r][c] == '.') {
nextr = r + direct[1].dr;
nextc = c + direct[1].dc;
if(islegal(nextr, nextc))
dfs(nextr, nextc);
}
}
int main()
{
int sr, sc, tr, tc;
// 输入数据
cin >> R >> C;
for(int i=0; i<R; i++)
for(int j=0;j<C;j++){
cin >> grid[i][j];
if(grid[i][j]=='S') {
sr=j;sc=j;
}else if(grid[i][j]=='T'){
tr=i;tc=j;
}
}
// 找到起点和终点坐标
// bfs：标记从"S"点可以到达的点
memset(visited, 0, sizeof(visited));
dfs(sr, sc);
memcpy(visited2, visited, sizeof(visited));
if(visited2[tr][tc]) {
int count = 0;
// 统计"S"点可以到达、而不可到达"T"点的数量
for(int i=0; i<R; i++)
for(int j=0; j<C; j++) {
if(visited2[i][j]) { // "S"点可以到达的<i,j>点
// bfs：标记从<i,j>点开始可以到达的点，如果不能到达"T"点则计数
memset(visited, 0, sizeof(visited));
dfs(i, j);
if(!visited[tr][tc])
count++;
}
}
// 输出结果
cout << count << endl;
} else
// 从"S"点不可以到达"T"点
cout << "I'm stuck!" << endl;
return 0;
}
