随笔分类 - 贪心
摘要："题目" 题意简化一下就是找题目给定的n个数最多能消掉多少个，我们用个tong[i]来记录i这个数值能不能用小于等于i的货币组合起来，等于1意味着他只能由自己本身的货币组成，等于2说明他可以被其他货币组成（此时的数不一定是货币，但等于2的货币不能要），最后只需要统计一下n个数里有几个tong等于1即
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摘要："题目" DP 设状态dp[i]为i位置放了斑点牛，前i个位置能得到的最多的牛。 有方程dp[i]=max(dp[j]+1,dp[i])，而我们并不知道什么j可以使i不在区间内 由于i位置放了牛，又因为i所在的区间只能放一个，j不能跟i同属于一个区间，又因
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摘要："题目" 细节比较多的二分+跟LCA倍增差不多的思想 首先有这样一个贪心思路，深度越低的检查点越好，而最长时间和深度具有单调性，即给定时间越长，每个军队能向更浅的地方放置检查点。因此可以考虑二分时间，然后判断军队是否可以放置在控制疫情的地方。 但是有的军队需要先满足自己当前所在的节点，然后此节点如果
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摘要："题目" 如果没有氮气加速器，则该题为一个模拟题。 但是本题存在氮气加速器，所以我们需要考虑贪心策略。 题目要求我们使所有人等待的时间最短，因此我们需要算出每段路径(路径即为车站之间的D)对时间的贡献多少，取其中最多的减去就好了。首先我们需要求出每个车站最远向右影响到什么地方，然后算出这段地方的
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摘要："题目" 此题有多种贪心方法。 首先简化题意： 有几个在数轴上的区间，和几个在数轴上确定的位置的点，问用这些数目的点，最多能满足多少个区间里有点。 注意：此题跟区间选点问题不一样，每个点只能满足一个区间，而区间选点则可以满足多个区间。 进行贪心分析： 我们首先考虑区间，首先把最难满足的放在前面，可以
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摘要："题目" 二分+随机化贪心 首先我们有每次优先选择口小的人吃蛋糕的贪心策略。然后因为嘴巴的多少和填满嘴巴的困难程度存在单调关系，因此可以二分嘴巴的多少。而这个嘴巴个数为mid的时候，意味着我们需要满足前mid小的嘴巴都能被填满。判断能否填满时，可以用随机化贪心check。 此时贪心策略发生了变化
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摘要："题目" 贪心+堆。 一般贪心题用到堆的时候都会存在一种反悔操作，因此这个题也不例外。 首先电缆一定是连接两个相邻的点的，这很好证明，其次一个点只能被一条电缆连接，所以我们通过选这个电缆，不选相邻电缆和选相邻电缆，不选这个电缆之间选择，然后添加反悔操作。 链表的存在是为了方便删除线段。用l,r分别表
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摘要："题目" 贪心 贪心思路是先找到每个节点的到最深处的路径，并找到最大值。然后最后答案要加上该最大值和所有路径权值的差。 c++ include define N 600101 define int long long using namespace std; int n, root, cnt, an
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摘要："题目" ) 二分好题 首先用二分找最小的绝对值差，对于每个a[i]都两个方向扫一遍，先都改成差满足的形式，然后再找a[k]等于0的情况，发现如果a[k]要变成0，则从他到左右两个方向上必会有两个连续的区间也随之变化， 然后我们有一点K， 使K点=0时，可以分别向左和右影响区间的值。并且影响之后的值
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摘要："题目" 加工调度问题： 对于每个物品无非有三种情况: 1. A所用时间 B所用时间。称其为二类 3. 和A、B相等的三种情况。称其为三类 把问题转化一下，则有一类是B正在占用的时间变多，二类是B占用的时间变少。 则肯定使B先变多后变少，才能使时间花费最少。 所以先一类后二类，然后再考虑每种情况内部
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摘要："题目" 任务调度贪心。 需要明确一点，任务调度贪心题，并不是简单地应用排序的贪心，而是动态的运用堆，使每次选择是都能保持局部最优，并更新状态使得下次更新答案可以取到正确的最小值。 这是A过程的解。 然后考虑B过程则需要从最后的物体开始操作，可以使时间最小，取每个物体最后完成的最大值。而且使每个物体
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摘要："题目" dfs+证明。 对于题目描述，可以发现K其实就是大于等于原图中最大度数的最小奇数，因为如果原图度数最大为奇数，则最多颜色肯定为K，而如果原图最大度数为偶数，则K又是奇数，则最多颜色也肯定小于等于K。 然后可以dfs染色,染色有两种方法，一种是枚举颜色，然后判断可行性并考
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摘要："题目" 考虑对于一个小岛，如果有雷达可以覆盖它，则这些雷达肯定在一个区间里，则原题内容则变为区间选点问题
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摘要："题目" 按理来说是可以二分的，但是发现其实直接暴力然后注意细节就可以了。 先找到牛所在的起点,然后分别向右找和向左找。 第一次查找从r点冲到l点时，突破不了l，从l点冲到r，能突破r，要给r加多少，然后取min，每次l ，r并不需要返回原先值，原因是l没有增加前
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摘要："题目" 题意：求最小的从某一个点到其余点的切比雪夫距离和。 将一个图中的(x,y)坐标转到新坐标(x+y,x y)后，图中的曼哈顿距离就是新图中的切比雪夫距离， 证明:分类讨论, 1.x2 x1,y2 y1时，x2 x1+y2 y1=x2+y2 (x1+y2)就是新坐标的X差。 2.$
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摘要："题目" 贪心，可以用分类讨论的方法，可以得出如果n^2枚举则会过不了，而我们观察原题中的式子,有: ∣x1−x2∣+∣y1−y2∣ 发现式子中的绝对值很恶心，而考虑如果没有绝对值的话会有四种情况。 1. (x1 x2)+(y1 y2)=x1+y1 (x2+y2) 2. $(x1 x2)
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摘要："题目" 搜索加贪心其实并不需要用到DP,搜索也是比较简单地搜索。 对于每个第一行的城市进行类似于滑雪那道题的搜索，然后记录最后一行它所覆盖的区间，易得一个一行城市只会有一个区间。然后可以在最后进行线段覆盖贪心即可求出答案。要注意区间闭开和边界问题。 Code
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摘要："题目" 堆+模拟，还有一个小优化（优化后跟堆关系不大，而是类似于贪心）。 如果不加优化的话，卡常可以卡到85。 思路是对于对每一秒进行模拟，用堆来维护动态的最大值，然后对于每个长度都加q的情况可以用一个中间变量temp来处理。 85pts的 Code : c++ include include
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摘要："题目" 博弈论+贪心。 由于我们是先手，所以我们其实是必赢的，而且其实选完前两次，就已经结束了，因为接下来选的每一次其实都没有我们前几次选的好。而且又因为机器人会把我们想选的最好的拿走，那我们就只能拿走次好的了。然后枚举排序就可以得出答案。 Code c++ include define in
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