P2060 马步距离（洛谷）

我们无论遇到什么困难，都不要拖，微笑着面对他，战胜拖延的最好方法就是面对拖延。

今天又拖延了……

早晨听完老师讲课，本想做一道题练练手的，结果因为懒，瘫了一上午。最后在固定的刷题时间去面对了这道题，然后就A了

额，这个题的思路是很好想的，虽然数据大了这么亿点点，但不难看出是个广搜吧（根本不是）。

广搜根本不可能啊，数据太大了。但是我们可以发现什么东西，这个棋盘上没有障碍！

谁不知道平时广搜是因为不知道往哪里走才都试一遍的。但这个知道往哪走啊！

都知道怎么走了还广搜个毛线，冲过去就好了，但在最后几步，还是要绕一下的，因为范围实在太小，直接打表不香吗……

所以这个题的标准（简单快捷）的解法就是：贪心+打表。(话说这个题为什么标签有搜索……，可能就是为了骗人。也可能真的有大佬能做出来，但我不会）

总之这个题是真的不错，我觉得可以锻炼我们的思维（因为我懒所以写的更短了）

上代码吧：

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<algorithm>
#include<cmath>
using namespace std;
long long cjx,cjy,shu;
long long sz[6][6]=
{
{0,3,2,3,2},
{3,2,1,2,3},
{2,1,4,3,2},
{3,2,3,2,3},
{2,3,2,3,4},
};//这样看着顺眼。也有利于后期查错。而且4个方向的数都一样，就是把坐标翻转一下的事。
long long px,py,sx,sy;//4个变量，多个xy我就会乱起名，还是用题目名称靠谱一些。
int main()
{
	cin>>px>>py>>sx>>sy;
	cjx=abs(sx-px);//算他们之间的距离。
	cjy=abs(sy-py);
	while(true)
	{
		if(cjx<=4&&cjy<=4)//可以打表了。
		{
			cout<<shu+sz[cjx][cjy]<<endl;//中间可能把x和y交换了，但这一点关系都没有，仔细想想就知道了（如果把走过来的路程中所有走法全部反转，x和y就会交换，但移动次数不变）
			return 0;
		}
		if(cjx<cjy)//马那个奇怪的走法，一边走2格一边走1格，向哪边走2格呢？当然是距离目标地点远的那一边。
		{
			swap(cjx,cjy);
		}
		cjx-=2;
		cjy-=1;
		if(cjx<0)//都说了，反转一下的事，再判断在哪个方向多麻烦。
		{
			cjx=0-cjx;
		}else if(cjy<0)
		{
			cjy=0-cjy;
		}
		shu++; 
	}
	return 0;
}

这个代码真的短，道理也很简单，我觉得最难的地方就是看见题目能放弃广搜（看看数据就放弃了），去往这个方面想。只要知道思路，写代码还是很简单的。