接水果(fruit)
接水果(fruit)
风见幽香非常喜欢玩一个叫做 osu! 的游戏，其中她最喜欢玩的模式就是接水果。由于她已经 DT FC 了 The big black，她觉得这个游戏太简单了，于是发明了一个更加难的版本。
首先有一个地图，是一棵由 $n$ 个顶点、$n-1$ 条边组成的树（例如图 $1$ 给出的树包含 $8$ 个顶点、$7$ 条边）。这颗树上有 P 个盘子，每个盘子实际上是一条路径（例如图 $1$ 中顶点 $6$ 到顶点 $8$ 的路径），并且每个盘子还有一个权值。第 $i$ 个盘子就是顶点 $a_i$ 到顶点 $b_i$ 的路径(由于是树，所以从 $a_i$ 到 $b_i$ 的路径是唯一的)，权值为 $c_i$。接下来依次会有 $Q$ 个水果掉下来，每个水果本质上也是一条路径，第 $i$ 个水果是从顶点 $u_i$ 到顶点 $v_i$ 的路径。
幽香每次需要选择一个盘子去接当前的水果：一个盘子能接住一个水果，当且仅当盘子的路径是水果的路径的子路径（例如图 $1$ 中从 $3$ 到 $7$ 的路径是从 $1$ 到 $8$ 的路径的子路径）。这里规定：从 $a$ 到 $b$ 的路径与从 $b$ 到 $a$ 的路径是同一条路径。当然为了提高难度，对于第 $i$ 个水果，你需要选择能接住它的所有盘子中，权值第 $k_i$ 小的那个盘子，每个盘子可重复使用（没有使用次数的上限：一个盘子接完一个水果后，后面还可继续接其他水果，只要它是水果路径的子路径）。幽香认为这个游戏很难，你能轻松解决给她看吗？
solution
这题真的奇怪：盘子比水果小才接的到,,,
考虑一个盘子，他的两端u，v
如果一个一个水果的两端在u，v的子树以内，那么他就是可以被接到的
求出dfs序，把这个水果的两个端点映射到平面上，就变成点要在矩形内的限制。
于是问题转化为求覆盖一个点的第k大矩形。
限制有3维，考虑整体二分。
先按x排序，y用扫描线，把权值拿去整体二分。
具体实现：
当前二分权值v，加入<=mid的所有矩形，查询每个点覆盖他的矩形有几个。
如果大于限制就扔l-mid，否则扔mid=1-r，并且把限制减去当前答案。
盘子对应矩形是分下类：
u v不互为祖先就是直接的两段连续dfs序
假设深度较大的子树是u，深度较小的子树是v。v这条链上的儿子是k
u 仍是dfs序，并上k在整棵树的补集。
#include<cstdio> #include<iostream> #include<cstdlib> #include<cstring> #include<algorithm> #include<cmath> #include<map> #define maxn 320005 using namespace std; int n,P,Q,head[maxn],tot,sc,dft[maxn],dfn[maxn]; int deep[maxn],f[maxn][22],top,Max,q[maxn],ans[maxn]; int tr[maxn],tx[maxn],tp,cnt,dy[maxn]; map<int,int>ls; struct node{ int v,nex; }e[maxn*2]; struct sq{ int fl,pl,a,b,v,val; }a[maxn],b[maxn]; void lj(int t1,int t2){ e[++tot].v=t2;e[tot].nex=head[t1];head[t1]=tot; } void dfs(int k,int fa){ dft[k]=++sc;deep[k]=deep[fa]+1;f[k][0]=fa; for(int i=head[k];i;i=e[i].nex){ if(e[i].v!=fa)dfs(e[i].v,k); } dfn[k]=sc; } int Lca(int u,int v){ if(deep[u]<deep[v])swap(u,v); for(int x=20;x>=0;x--)if(deep[f[u][x]]>=deep[v])u=f[u][x]; for(int x=20;x>=0;x--)if(f[u][x]!=f[u][x])u=f[u][x],v=f[v][x]; return u==v?u:f[u][0]; } bool cmp(sq a,sq b){ return a.pl<b.pl||(a.pl==b.pl&&a.fl<b.fl); } void add(int i,int v){ for(;i<=n;i+=i&-i)tr[i]+=v; } int ask(int i){ int sum=0; for(;i;i-=i&-i)sum+=tr[i]; return sum; } void add(int xa,int xb,int ya,int yb,int w){ if(xa>xb||ya>yb||ya<0||xa<0)return; a[++top]=(sq){0,xa,ya,yb,w,1}; a[++top]=(sq){0,xb+1,ya,yb,w,-1}; } void lsh(){ sort(tx+1,tx+tp+1); cnt=0; for(int i=1;i<=tp;i++) if(!ls[tx[i]])ls[tx[i]]=++cnt,dy[cnt]=tx[i]; } void solve(int l,int r,int ql,int qr){ if(ql>qr)return; if(l==r){ for(int i=ql;i<=qr;i++){ if(a[i].fl>0)ans[a[i].fl]=l; } return; } int mid=l+r>>1; for(int i=ql;i<=qr;i++){ if(a[i].fl>0){ q[i]=ask(a[i].a); } else { if(a[i].v<=mid){ add(a[i].a,a[i].val);add(a[i].b+1,-a[i].val); } } } for(int i=ql;i<=qr;i++){ if(a[i].fl==0){ if(a[i].v<=mid){ add(a[i].a,-a[i].val);add(a[i].b+1,a[i].val); } } } int t=ql-1; for(int i=ql;i<=qr;i++){ if(a[i].fl>0){ if(q[i]>=a[i].v)b[++t]=a[i]; } else { if(a[i].v<=mid)b[++t]=a[i]; } } int ff=t; for(int i=ql;i<=qr;i++){ if(a[i].fl>0){ if(q[i]<a[i].v){ a[i].v-=q[i]; b[++t]=a[i]; } } else { if(a[i].v>mid)b[++t]=a[i]; } } for(int i=ql;i<=qr;i++)a[i]=b[i]; solve(l,mid,ql,ff);solve(mid+1,r,ff+1,qr); } int main() { cin>>n>>P>>Q; for(int i=1,t1,t2;i<n;i++){ scanf("%d%d",&t1,&t2); lj(t1,t2);lj(t2,t1); } dfs(1,0); for(int j=1;j<=20;j++) for(int i=1;i<=n;i++)f[i][j]=f[f[i][j-1]][j-1]; for(int i=1,u,v,w;i<=P;i++){ scanf("%d%d%d",&u,&v,&w); tx[++tp]=w; if(deep[u]<deep[v])swap(u,v); int lca=Lca(u,v); if(lca==v){ int dep=deep[u]-deep[v]-1; int t=u; for(int x=20;x>=0;x--){ if((1<<x)<=dep){ t=f[t][x];dep-=(1<<x); } } add(dft[u],dfn[u],1,dft[t]-1,w); add(1,dft[t]-1,dft[u],dfn[u],w); add(dft[u],dfn[u],dfn[t]+1,n,w); add(dfn[t]+1,dft[u],dfn[u],n,w); } else { add(dft[u],dfn[u],dft[v],dfn[v],w); add(dft[v],dfn[v],dft[u],dfn[u],w); } } lsh(); for(int i=1,t1,t2,t3;i<=Q;i++){ scanf("%d%d%d",&t1,&t2,&t3); a[++top].fl=i; a[top].pl=dft[t2];a[top].a=dft[t1];a[top].v=t3; } sort(a+1,a+top+1,cmp); for(int i=1;i<=top;i++){ if(!a[i].fl)a[i].v=ls[a[i].v]; } solve(1,cnt,1,top); for(int i=1;i<=Q;i++){ printf("%d\n",dy[ans[i]]); } return 0; }
