JZOJ 5843.B

$Description$

给定 $n$ 个正整数序列 ，每个序列长度为 $m$。
选择至少 $1$ 个序列，在每个被选择的序列中选择一个元素，求出所有被选择的元素的 $\gcd$。
求所有方案的结果之和，答案对 $1e9+7$ 取模。两种方案不同，当且仅当存在至少一个元素，在一种方案中被选择，在另一种中没有。

$Input$

第一行，两个正整数 $n，m$。
接下来 $n$ 行，每行 $m$ 个正整数，第 $i$ 行代表序列 。

$Output$

第一行，一个整数，代表答案对 $1e9+7$ 取模的结果。

解析

一道比较难的莫比乌斯反演题，要用到其中的性质，且按套路行事技巧处很多
最后推出的是一个关于欧拉函数的式子，莫比乌斯不见了

好，现在进行套路推导
先设 $f(x)$ 表示选择至少一个序列，在每个被选择的序列选择一个元素，它们的 $\gcd = x$ 的方案数。
则易得

$$f(x)=\prod_{i=1}^n(\sum_{j=1}^m [a_{i,j}=x]+1)-1$$

然后套路 $F(x)$ 表示同 $f(x)$ 但涵盖了 $x$ 的倍数，即

$$F(x)=\sum_{x|d}f(d)=\sum_{x|d}(\prod_{i=1}^n(\sum_{j=1}^m [a_{i,j}=d]+1)-1)$$

然后我们发现，我们先枚举 $x$ ，再枚举其倍数 $d$，而后面 $[a_{i,j}=d]$ 肯定是 $x$ 的倍数，所以我们可以简化式子

$$\sum_{x|d}(\prod_{i=1}^n(\sum_{j=1}^m [a_{i,j}=d]+1)-1) = \prod_{i=1}(\sum_{j=1}^m [x|a_{i,j}]+1)-1$$

而此时，为了日后式子的简便即实现，我们设
$cnt_{i,x}=\sum_{j=1}^m[x|a_{i,j}]$ 表示第 $i$ 个数列所有是 $x$ 的倍数的数的个数
再为了枚举得到所有答案，我们设 $lim$ 表示所有元素的最大值
然后一波推式子，反演

$$\begin{aligned} \sum_{i=1}^{lim}if(i) &=\sum_{i=1}^{lim}i\sum_{i|d}F(d)\mu(\frac{d}{i}) \\ &=\sum_{i=1}^{lim}i\sum_{i|d}\prod_{j=1}^n((cnt_{j,d}+1)-1)\mu(\frac{d}{i}) \\ &=\sum_{d=1}^{lim}\sum_{i|d}i\mu(\frac{d}{i})(\prod_{j=1}^n(cnt_{j,d}+1)-1) \end{aligned}$$

然后，然后~~~好像没戏了
但，我们有伟大的欧拉！！
上

$$\begin{aligned} \varphi(n) &=\sum_{i=1}^n[\gcd(i,n)=1] \\ &=\sum_{i=1}^n\sum_{d|gcd(i,j)}\mu(d) \\ &=\sum_{d|n}\mu(d)\frac{n}{d} \end{aligned}$$

哈哈哈，太棒了！
相同的一部分，代入式子

$$\begin{aligned} \sum_{d=1}^{lim}\sum_{i|d}i\mu(\frac{d}{i})(\prod_{j=1}^n(cnt_{j,d}+1)-1) &=\sum_{d=1}^{lim}\varphi(n)(\prod_{j=1}^n(cnt_{j,d}+1)-1) \end{aligned}$$

于是这题就这样了。
线性筛 $\varphi$，预处理 $cnt$ 数组（根据套路，不要枚举因子而是枚举倍数）。

$Code$

#include<cstdio>
#include<iostream>
using namespace std;
typedef long long LL;
 
const int N = 1e5;
const LL mod = 1e9 + 7;
int lim , n , m , a[25][N + 5] , cnt[25][N + 5] , phi[N + 5] , prime[N + 5] , vis[N + 5] , tot;
LL ans;
 
inline void getPhi()
{
	phi[1] = 1;
	for(register int i = 2; i <= N; i++)
	{
		if (!vis[i]) phi[prime[++tot] = i] = i - 1;
		for(register int j = 1; j <= tot && prime[j] * i <= N; j++)
		{
			vis[prime[j] * i] = 1;
			if (i % prime[j] == 0) 
			{
				phi[prime[j] * i] = phi[i] * prime[j];
				break;
			}
			phi[prime[j] * i] = phi[i] * (prime[j] - 1);
		}
	}
}
 
inline void getCnt()
{
	for(register int i = 1; i <= n; i++)
		for(register int j = 1; j <= lim; j++)
			for(register int k = 2; k * j <= lim; k++)
				cnt[i][j] += cnt[i][j * k];	
}
 
int main()
{
	freopen("b.in" , "r" , stdin);
	freopen("b.out" , "w" , stdout);
	scanf("%d%d" , &n , &m);
	for(register int i = 1; i <= n; i++)
		for(register int j = 1; j <= m; j++)
			scanf("%d" , &a[i][j]) , cnt[i][a[i][j]]++ , lim = max(lim , a[i][j]);
	getPhi() , getCnt();
	for(register int d = 1; d <= lim; d++)
	{
		LL res = 1;
		for(register int j = 1; j <= n; j++) res = res * (LL)(cnt[j][d] + 1) % mod;
		ans = (ans + (LL)((LL)phi[d] * (res - 1)) % mod) % mod;
	}
	printf("%lld" , ans);
}