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"codeforces" 考虑只有三个字符，所以每四个必然选出两个来，也就是不存在$\rm impossible$的情况 所以我们简单模拟就好了，从两端往中间扫，不匹配就移动一端，时间复杂度$O(n)$。 代码： c++ include include include include using n 阅读全文
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"传送门" 很简单的一个题目 由于向上是无限延伸的，所以我们从上往下考虑，然后对于每个$x$坐标，我们只用管它是否出现过。 统计答案就是按每个$y$坐标来统计， 如果只有一个点，直接计算当前出现的所有$x$的本质不同的区间覆盖的方案数就行了 但是现在有一个问题，对于同一个$y$坐标，$x$坐标可能不 阅读全文
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"传送门" 读懂题之后发现条件一和条件二并没有什么用 然后对于条件四显然可以将整个图连成一个环 然后考虑条件三怎么满足？ 假如点数正好是质数，直接就满足了 否则 此时所有点的度数都是2。 给每个点多连一条边，度数依然是质数 发现这样最多可以连$\lfloor \frac{n}{2} \rfloor$ 阅读全文
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"传送门" 一道小清新题 首先转化一下问题，将题目给出的$t$数组$sort$之后差分一下。 问题就变成了给出一个长度为$n 1$的序列，选出$k$个不相邻的数使得和最小 很容易发现这是一个下凸的函数，$\rm wqs$二分去掉$k$的限制之后那个$dp$就很简单了 设$f[i][0/1]$表示前$ 阅读全文
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"传送门" 首先应该考虑一下，多加一条边对树上路径的影响是什么 可以发现多加一条边就会出现一颗基环树 我们发现所有经过环的路径都会翻倍 那么假设$x$是$y$的父亲，$x$在环内，那么将$y$加入环的贡献就是$(size[x] size[y]) size[y]$ 然后类似求树的直径做两遍$bfs$（ 阅读全文
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"传送门" 可以发现，选的电缆越多，权值和越大，并且斜率呈单调递增，图像是一个下凸壳的形式 那么我们就可以$\rm wqs$二分解决这个问题 二分斜率，我们就可以去掉那个$k$的限制 设$f[i][0/1]$表示前$i$个数，第$i$个数选/不选的最小代价 由贪心可知，我们选的电缆一定是相邻的 所以 阅读全文
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"传送门" wqs二分果题 就是切线对应多个点有点烦，别的很好想 当切线对应多个点时，就取横坐标最小的决策点，最后取横坐标最大的决策点求答案。 代码： 阅读全文
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"传送门" 众所周知，两个后缀的最长公共前缀就是两个后缀在$\rm sam$上的$\rm lca$ 那么对于这个题，我们发现那个式子其实就是$\rm sam$上的两点间的距离 我们就可以直接对于每条边算出贡献$(len_x len_{fa_x}) size_x (n size_x)$ 然后就是答案了 阅读全文
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"传送门" 好像概率期望也写过一些题了，但是没啥用，还是不会套路，看了题解才会写 首先设$f[x]$为$x$到$n$的期望最少步数，$deg_x$表示$x$的度数 不考虑不动，显然$f[x]=\sum_{(x,y)\in E}\frac{f[y]+1}{deg_x}$ 由于可以不动，$f[x]=\s 阅读全文
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"传送门" 解法1： 膜题解，分类讨论题 考虑设$f[i][j][0/1]$表示填了$i$个数，前$i$个数相邻的有$j$对，$i$和$i 1$是否相邻 然后就是对于每次插进来一个数疯狂的分类讨论去转移就行了。 其实知道状态后面的方程就不难推了，~~随便推推就AC了~~ 解法2： 猜测有规律，打表。 阅读全文