02 2019 档案
摘要："传送门" 有上下界最小费用可行流，行列建边变形。 行列建边相信大家都做过，没做过的可以看一下这个题： "bzoj3698XWW的难题" ，对应的我写的题解 "题解" 这个题需要变形一下，不只是单纯的对行列进行连边，首先对于一个空格，我们知道它最多影响2个线索：1个横向的和1个纵向的 所以我们可以对
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摘要："传送门" 后缀排序裸题，SA上就是了 代码： c++ include include include include using namespace std; void read(int &x) { char ch; bool ok; for(ok=0,ch=getchar(); !isdigit
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摘要：没脸扔传送门了 写个AC自动机的题目被爆搜卡住，最终我决定不写这个爆搜了，太恶心了 状态压缩dp！ 直接设$f[i][j][S]为长度为i，当前为第j个节点，经过的密码状态为S$ 因为哪怕只有一个位置不确定都有两种位置可以填，一共就有26 2=52 42种情况 所以如果要输出方案，所有的密码串一定是
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摘要："传送门" AC自动机上跑dp，首先想到正难则反 所以我们考虑不可读的字符串 设$f[i][j]$为长度为$i$，当前处理到第$j$个节点时的不可读字符串数 转移就很显然了 提示：如果一个节点的fail指针指向的节点中有一个是可读字符串的结尾节点，那么这个节点也是不可用的 代码： c++ inclu
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摘要："传送门" 我也没想到map如此垃圾，bitset优秀啊 直接trie树上搜索就好了 代码： c++ include include include include include include using namespace std; void read(int &x) { char ch; b
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摘要："传送门" 想到一个点上这个题目就没了：如果可以找到，那么必然是trie树上不经过病毒节点的一个环 接下来定义“病毒节点”：病毒节点就是病毒代码的最后一个字符，但是直接这样写会错，显然存在一个病毒代码是另一个病毒代码的子串的情况，那么一个病毒代码中就可能存在多个这样的病毒节点，怎么寻找呢？这就是一个
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摘要："传送门" 看着就是裸的AC自动机是不是？会T一个点 然而。。。为什么放过暴力KMP和暴力find，理论复杂度$O(nm)$起步啊 AC自动机加一个树上差分就好啦，对于每个字符串的查询，实际上都是在fail树上每个点到根的路径上+1 fail树建出来就没了 代码： c++ include inclu
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摘要："传送门" ac自动机模板题，裸的多串匹配 代码： c++ include include include include include using namespace std; void read(int &x) { char ch; bool ok; for(ok=0,ch=getchar()
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摘要："传送门" ac自动机模板，可能我写的ac自动机是有点问题的，所以跑的有些慢 暴力跳fail统计 代码： c++ include include include include include using namespace std; void read(int &x) { char ch; boo
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摘要："传送门" 这个题首先考虑什么时候是NIE 显然是存在一段$[l,r]$的人的总数 $k (r l+1+d)$ 此时显然并不好维护，毕竟不等式两边都与长度有关，长度这个因素不能忽略 拆括号之后移下项：$\sum_{i=l}^{r}v_i k k d$ 现在可以忽略长度了，左边显然就是最大连续子段和，
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摘要："传送门" 权值线段树套区间线段树的裸题，加了离散化就好了 或者也可以整体二分 代码（树套树）： c++ include include include include using namespace std; void read(int &x) { char ch; bool ok; for(ok
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摘要："传送门" 典型的三维偏序，cdq分治 由于相同的花之间也会产生贡献，考虑将相同的花合并来做 代码： c++ include include include include using namespace std; void read(int &x) { char ch; bool ok; for(
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摘要："传送门" 深入理解了一波后缀数组，这东西真的很妙诶，自己推感觉完全不现实，看来只能靠背代码了 这段时间就多敲敲，把板子记熟吧 代码： c++ include include include include using namespace std; void read(int &x) { char
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摘要："传送门" 状压dp，最短路 spfa似乎特别慢 代码：
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摘要："传送门" 极其简单的dp题 代码： c++ include include include using namespace std; void read(int &x) { char ch; bool ok; for(ok=0,ch=getchar(); !isdigit(ch); ch=getc
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摘要：传送门 自己的计算几何还是挺渣的呢。 其实只要考虑一下叉积的式子就可以想到前缀和了，但是显然需要按照极角序来做才能去掉绝对值 代码： #include<cstdio> #include<iostream> #include<algorithm> using namespace std; void r
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摘要："传送门" 自己想的方向一直是对的，但是一直没有完全正确 我一直没发现可以缩掉一维 原本列出的dp方程是这样的 $f[i]=f[j]+1(j include include include using namespace std; void read(int &x) { char ch; bool
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摘要："传送门" 考虑根节点的移动，移动到相邻节点对深度和的影响是很显然的 假设从$u$移动到$v$ 显然有$f[v]=f[u]+n 2 size[v]$ 先定下一个根节点$x$，求出$f[x]$，然后在dfs一遍进行换根转移就行了 dfs过程中更新答案 代码： c++ include include u
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摘要："传送门" 看到数据范围这么小，不由得算了一下暴力复杂度，算出来情况一共只有1e7，不多，再乘上暴力判断的复杂度，好像T了，判断的话位运算可以方便解决 但是我写的优化似乎比较渣，还留了个log，但是还是n那么小，log可以忽略不计了吧 代码： c++ include include include
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摘要："传送门" 这个题好难卡啊。 看到这种题自然会想到字符串hash是不是，但是对于每次操作造成的影响需要$O(n)$的时间去更新，自然是不优的 可以发现这个更新可以用数据结构来维护，对于每个hash值开一颗线段树之类的支持区间修改的数据结构 然后就可以愉快的解决了 注意： 1、hash值请使用map和
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摘要："传送门" 可以知道一共最多只有3种情况：基环树，环，自环 先考虑最少杀死： 首先发现入度为0的点一定能活下来，那么入度为0的点指向的人一定会死，他指向的人指向的人如果入度为0就一定能活下来（其实是不一定的，但是要保证死的人最少） 这样就可以拓扑排序写一下了，剩下的就是环的情况了，能活下来的显然是$
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摘要："传送门" 提示：被删掉的点也要算点对，$(i,j)$和$(j,i)$是不同的点对 显然找出割点就行了，记下size,对于各子树统计一下答案 代码： c++ include include include using namespace std; void read(int &x) { char c
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摘要："传送门" 异常激动，跑了bzoj的rank2 这个题一共有两个要求，先考虑第二个要求，可以知道每一次修改都会导致答案账户余额+2/ 2 所以修改方案是唯一的，可以$O(1)$算出来 然后考虑第一个要求，显然有结论：如果当前值为负，你可以修改当前位置之前的一个负号为正号，并且修改当前位置之后的一个正
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摘要："传送门" 读入输出题，看样例解释得出结论，具体原因不详 代码：
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摘要："传送门" 很容易发现和置换有关系，然后就可以推出在一个置换内，用代价最小的那个去做就行了 但是这不一定是最优的（我一开始也只考虑了这个，悲催的wa了） 看了篇题解发现还有一种情况没考虑 就是你可以选择用全局代价最小的交换到一个置换内，可以知道交换置换内代价最小的是最优的，然后做完再交换出来就行了
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摘要："传送门" 很显然的结论题啊，只要图中有环就一定可行，但是题目不保证联通，所以可能有多个联通块，需要分别判，dfs和并查集都行 洛谷要求输出方案，这个就把环找出来弄一弄就好了 代码（无输出方案）：
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摘要："传送门" 阶梯nim模型 代码：
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摘要："传送门" sb单调栈，唯一要注意的是高度相同的时候不需要更新答案 代码： c++ include include include using namespace std; void read(int &x) { char ch; bool ok; for(ok=0,ch=getchar(); !i
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摘要："传送门" 很显然看的出是中位数吧，那只要动态维护一下中位数和区间和就差不多了吧 平衡树太难写，我选择权值线段树 洛谷的这个题要输出方案，但是不打紧 代码(bzoj)： c++ include include include using namespace std; void read(int &x
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摘要："传送门" 有个非常显然的技巧，就是你可以反向建图，并且将图上下翻转，如果$i$能到其他所有道路，其他所有的道路也能到$i$ 这有什么好处呢，这就可以使$i$可以非常方便的转移到$i+1$ 我们设$f[i]$为$i$左边至少要建的公路数，然而$f[i]=i 1 lis$ 所以只要求lis就行了，树状
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摘要："传送门" 很显然的结论，$(x,y)$与$(y,x)$关于$y=x$对称 那么就可以知道所有点一定是在直线的一侧（暂时不考虑移动石子的代价），这样得出来的就是最小的篱笆长度 有一些点可以不需要动，那么第二问分四种情况讨论即可 代码： c++ include include include incl
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摘要："传送门" 很显然有一个结论：最大不过1，最小不过 1 然后dp，设$f[i][j]$为满足前$i$个不下降，当前放的是$j 2$，转移就比较好想了 具体方程看代码吧，终于有一个自己会写的题了 代码（写了好多没用的min）： c++ include include include include u
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摘要："传送门" 这个题比较水，很容易看出 1、最短路小于d，直接看奇偶性就好了 2，最短路大于d，puts("NIE\n"); 主要就是判奇偶性的问题，将每个点拆成奇点和偶点跑bfs就行了 在线需要开short，不然空间会炸，离线就没有这个忧虑 代码： c++ include include inclu
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摘要："传送门" 这道题要将图形转化为字符串，可以发现，只要角相同，边长相同就存在一条对称轴，所以只要转换成字符串S，倍长为SS，拿反串匹配一下就好了。 代码： c++ include include include include using namespace std; void read(int &
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摘要："传送门" 线段树套线段树会TLE+MLE！ 树状数组不仅空间小，常数也小（我写的除外） 思考一下求逆序对需要的条件，树套树就过了 代码： c++ include include include include using namespace std; void read(int &x) { cha
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摘要："传送门" 虚树裸题，建完虚树上tree dp就好了 代码：
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摘要："传送门" 这是我第二次看见这个题目了，第一次看见是另一场比赛的A题，想了一个小时不会写就弃了 从来没想过这个题能这么玩 线段树上记录根到叶子节点的距离 初始线段树上先记下根节点1到各叶子节点的距离 先离线，然后dfs整颗树，在dfs过程中考虑根的移动对线段树的影响 如果当前点是查询点，在当前线段树
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摘要："传送门" 我一开始以为每个位置只有可能是2个值，然后就GG了 然后摸了一眼题解，这tm怎么这个简单 仔细观察它的式子$c_i=c_{i 1}+c_{i+1} c_i$ 和差分有点像，看看差分数组$d_i=c_i c_{i 1}$ 容易发现每一次操作都是将$d_i$与$d_{i+1}$交换了 那么只
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摘要："传送门" 我觉得这个题特别水啊，就是自己不会写而已 只要想到每三个连续的可以转化，这题就差不多了 所以每种连续的最多出现2次，直接dp就行了 代码：
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