HDU 3089 (快速约瑟夫环)

 

Josephus again

Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 32768/32768 K (Java/Others)
Total Submission(s): 652    Accepted Submission(s): 181

Problem Description

In our Jesephus game, we start with n people numbered 1 to n around a circle, and we eliminated every k remaining person until only one survives. For example, here's the starting configuration for n = 10, k = 2, The elimination order is 2, 4, 6, 8, 10, 3, 7, 1, 9. So 5 survives.The problem: determine the survivor's number , J(n, k).

 

 

Input

There are multiple cases, end with EOF
each case have two integer, n, k. (1<= n <= 10^12, 1 <= k <= 1000)

 

 

Output

each case a line J(n, k)

 

 

Sample Input

10

2

10

3

 

 

Sample Output

5

4

 

first try:

#include "iostream"
#include "cstdio"
using namespace std;
#define LL long long
int main(){
    LL gg, n, k;
    while(~scanf("%lld%lld",&n,&k)){
        gg=0;
        for(LL i=2; i<=n; i++){
            gg=(gg+k)%i;
        }
        printf("%lld\n",(LL)gg+1);
    }
    return 0;
}

Time Limit Exceeded

second try:

约瑟夫环，但是n超大

快速约瑟夫环

约瑟夫环递推公式，n为人数，k为步长。

f(1)=0

f(n)=[f(n-1)+k]%i  i∈[2,n]

f(n)还要经过起始位置修正，设起始位置为s，即ans=[f(n)+s]%n。

基本约瑟夫环优化就是当k=1的时候，每次递推就是在+1，可以直接算出来快速跳过，f(n)=f(1)+n-1

 

当n超大的时候，可以照着这种思路快速简化递推过程。在递推后期，f(x)+k在很长的周期内<i，假设有m个周期，

那么这些周期合并后的结果相当于f(x)+m*k。可以快速跳过。条件限制是: f(x)+m*k<i+(m-1)

可以推出来：

当m=1时，条件限制: f(x)+k<i

当m=2是，条件限制: f(x+1)+k<i+1=f(x)+2*k<i+1

当m=m时，条件限制：f(x)+m*k<i+(m-1)

化简有m<(i-f(x)-1)/(k-1)，若能整除，就是(i-f(x)-1)/(k-1)-1，否则就是(i-f(x)-1)/(k-1)直接取整。

这样，i+=m，f(x)+=m*k，快速跳过了中间过程。

若i+m>n，说明快速跳越界了，这时候可以直接算出f(n)=f(x)+(n-i-1)*m。

 

#include "cstdio"
#define LL long long
LL solve(LL n,LL k,LL s=1)
{
    if(k==1) return (n-1+s)%n;
    LL ans=0;
    //ans=(ans+k)%i
    for(LL i=2;i<=n;)
    {
        if(ans+k<i) //快速跳跃
        {
            LL leap;
            if((i-ans-1)%(k-1)==0) leap=(i-ans-1)/(k-1)-1;
            else leap=(i-ans-1)/(k-1);
            if(i+leap>n) return ((ans+(n+1-i)*k)+s)%n;
            i+=leap;
            ans+=leap*k;
        }
        else
        {
            ans=(ans+k)%i;
            i++;
        }
    }
    return (ans+s)%n;
}
int main()
{
    //freopen("in.txt","r",stdin);
    LL n,k;
    while(scanf("%I64d%I64d",&n,&k)!=EOF)
    {
        LL ans=solve(n,k);
        if(ans==0) printf("%I64d\n",n);
        else printf("%I64d\n",ans);
    }
}

感谢：http://www.cnblogs.com/neopenx/p/4505298.html

算法性能考验！十分重要！