hdu1693 Eat the Trees [插头DP经典例题]

想当初，我听见大佬们谈起插头DP时，觉得插头DP是个神仙的东西。
某大佬：“考场见到插头DP，直接弃疗。”
现在，我终于懂了他们为什么这么说了。
因为——
插头DP很毒瘤！
为什么？
等等你就知道这是为什么了。

例题

hdu 1693 Eat the Trees
题目大意：给你一个地图，每个格子是空地或者障碍。现在要用若干个回路来覆盖这些空地，使得每个空地皆被一个回路覆盖。问方案数。
n,m<=11

How to solve it?

暴力？本人的暴力水平太弱了，对于这题，似乎连暴力都不好打。
So？咋做？
Of course,DP……
怎么划分阶段？
通常有逐行，逐列，逐格。~~你说的是什么鬼？~~
字面上的意思，逐行就是从上一行的状态转移到下一行，逐列类似。
逐格就是按照一定的顺序枚举每个格子（比如从上到下，从左到右），从上一个格子转移到下一个格子。

插头DP

插头是什么？

插头DP，最重要的当然是插头。
对于每一个格子，有上下左右四个插头，表示这个格子可以在这个方向与外面相连。
这题中，每个点的插头状况有下面七种。
七种情况
其中，第0种情况是存在于障碍物的，剩下的6种存在于空地。
那么，我们在转移时，要接上轮廓线上边的插头，使其不会出现断头的情况。
轮廓线？就是你转移时候的一条线（没说一定是直线哈），这条线上面的每个格子都是你之前计算过的。

这幅图就是逐行转移的轮廓线。

做法

考虑逐行转移。
设 $f_{i, s}$ 表示枚举到第 $i$ 行，轮廓线上的下插头状态为 $s$ 的方案数。
怎么转移？
既然这是插头DP，那么转移的时候，就要接上上面的插头。
仔细地考虑一下，转移状态太多，不好枚举，时间复杂度显然无法接受。
那我们就试一下逐格转移。
先放个图。
逐行转移
设 $f_{i, j, s}$ 表示，枚举到 $i$ 行 $j$ 列，轮廓线上的插头状态为 $s$ 的方案数。
轮廓线上的插头显然是 $m$ 个下插头和1个右插头。
那么，转移？
既然要接上之前的插头，那么我们可以让之前的插头来接上它。
比如，1状态的格子的上方要有一个下插头，左边要有一个右插头。
2状态的格子上方要有一个下插头，左边不能有右插头。
那么我们枚举现在的状态，可以算出它从之前的那个状态推过来。
这个需要分类讨论……这就是插头DP毒瘤的原因。
还有一个比较毒瘤的是，最上面一行，最下面一行，以及最左边一列，需要特殊处理。
当然，如果你喜欢，最上面一行也不需特殊处理。
为什么要特殊处理？我觉得我不用说原因了。

代码

下面的代码，注释中例如no*yes，表示上面没有下插头，左边有一个右插头。
话说存状态的话，听说处理连通性的插头DP要按顺序存，这里为图方便，就将右插头存到了最后。

/*Situation:
1:up left
2:down up
3:down left
4:down right
5:right left
6:right up
*/
using namespace std;
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
int n,m;
int mat[11][11];
long long f[11][11][4096];
int main()
{
//  freopen("in.txt","r",stdin);
//  freopen("test.txt","w",stdout);
    int T;
    scanf("%d",&T);
    for (int TT=1;TT<=T;++TT)
    {
        scanf("%d%d",&n,&m);
        for (int i=0;i<n;++i)
            for (int j=0;j<m;++j)
                scanf("%d",&mat[i][j]);
        memset(f,0,sizeof f);
        if (mat[0][0])
            f[0][0][1<<0|1<<m]=1;//4
        else
            f[0][0][0]=1;//Space
        for (int j=1;j<m;++j)
            if (mat[0][j])
            {
                for (int s_=0;s_<1<<j+1;++s_)
                    if (s_>>j&1)
                    {
                        int s=s_|1<<m;
                        f[0][j][s]+=f[0][j-1][s_^1<<j];//no*no->4 
                        s=s_;
                        f[0][j][s]+=f[0][j-1][s_^1<<j|1<<m];//no*yes->3
                    }
                    else
                    {
                        int s=s_|1<<m;
                        f[0][j][s]+=f[0][j-1][s_|1<<m];//no*yes->5
                    }
            }
            else
            {
                for (int s=0;s<1<<j;++s)
                    f[0][j][s]+=f[0][j-1][s];
            }
        for (int i=1;i<n-1;++i)
        {
            if (mat[i][0])
            {
                for (int s_=0;s_<(1<<m);++s_)
                    if (s_&1)
                    {
                        int s=s_|1<<m;
                        f[i][0][s]+=f[i-1][m-1][s_^1];//no*no->4
                        s=s_;
                        f[i][0][s]+=f[i-1][m-1][s_];//yes*no->2
                    }
                    else
                    {
                        int s=s_|1<<m;
                        f[i][0][s]+=f[i-1][m-1][s_|1];//yes*no->6
                    }
            }
            else
            {
                for (int s=0;s<(1<<m);s+=2)
                    f[i][0][s]+=f[i-1][m-1][s];//no*no->Space
            }
            for (int j=1;j<m;++j)
                if (mat[i][j])
                {
                    for (int s_=0;s_<1<<m;++s_)
                        if (s_>>j&1)
                        {
                            int s=s_|1<<m;
                            f[i][j][s]+=f[i][j-1][s_^1<<j];//no*no->4
                            s=s_;
                            f[i][j][s]+=f[i][j-1][s_]+f[i][j-1][s_^1<<j|1<<m];//yes*no->2 no*yes->3 
                        }
                        else
                        {
                            int s=s_|1<<m;
                            f[i][j][s]+=f[i][j-1][s_|1<<m]+f[i][j-1][s_|1<<j];//no*yes->5 yes*no->6
                            s=s_;
                            f[i][j][s]+=f[i][j-1][s_|1<<j|1<<m];//yes*yes->1
                        }
                }
                else
                {
                    for (int s=0;s<1<<m;++s)
                        if (!(s>>j&1))
                            f[i][j][s]+=f[i][j-1][s];//no*no->Space
                }
        }
        if (mat[n-1][0])
        {
            for (int s_=0;s_<(1<<m);++s_)
                if (!(s_&1))
                {
                    int s=s_|1<<m;
                    f[n-1][0][s]+=f[n-1-1][m-1][s_|1];//yes*no->6
                }
        }
        else
        {
            for (int s=0;s<(1<<m);s+=2)
                f[n-1][0][s]+=f[n-1-1][m-1][s];//no*no->Space
        }
        for (int j=1;j<m;++j)
            if (mat[n-1][j])
            {
                for (int s_=0;s_<1<<m;++s_)
                    if (!(s_>>j&1))
                    {
                        int s=s_|1<<m;
                        f[n-1][j][s]+=f[n-1][j-1][s_|1<<m]+f[n-1][j-1][s_|1<<j];//no*yes->5 yes*no->6
                        s=s_;
                        f[n-1][j][s]+=f[n-1][j-1][s_|1<<j|1<<m];//yes*yes->1
                    }
            }
            else
            {
                for (int s=0;s<1<<m;++s)
                    if (!(s>>j&1))
                        f[n-1][j][s]+=f[n-1][j-1][s];//no*no->Space
            }
        long long ans=f[n-1][m-1][0];
        printf("Case %d: There are %lld ways to eat the trees.\n",TT,ans);
    }
    return 0;
}

总结

插头DP的关键是，转移的时候要连上之前的插头，保证不要断掉。
打插头DP需要非常严谨，打错了就不妙了，还不好调。
某大佬说，这不是标准的插头DP，因为标准的插头DP还要维护连通性，好像是用什么括号序。
我才懒得管这么多，感性理解一下，插头DP就是有插头的DP吧……不过那些维护连通性的题，若有机会，我定会光顾一下。
这题作为例题，还是很好的。

posted @ 2018-08-14 22:58 jz_597 阅读(188) 评论(0) 编辑收藏举报

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hdu1693 Eat the Trees [插头DP经典例题]

例题

How to solve it?

插头DP

插头是什么？

做法

代码

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