闲话 23.2.19

闲话

今天放了 Killer Queen。
当时听到时感觉听过了
然后回头去黑板上找 找到了
突然想到为啥听过
看 JOJO4 时听的(

今日推歌:一点一点 - 阿良良木健 feat. 洛天依
好听的!而且听多了有些洗脑(
并 虽然是为了体现曲子内核 但还是想吐槽
阿良良老师画画真不羁(

\(\text{q-analog}\)

可能写得散了点。

\(\text{q-analog}\)\(\text{q-}\)模拟)。具体的,在某些时候,我们需要一个对象 \(z\) 的性质在更多情况下的推广,这时可以构造一个表达式 \(f(q)\) 来引入新参数 \(q\),使得

\[\lim_{q\to 1} f(q) = z \]

我们称这样的表达式为对象 \(z\)\(\text{q-}\)模拟。下面定义的都是经典的 \(\text{q-}\)模拟,可以看做以 \(q\) 为变元的多项式。

对一个实数 \(r\)\(\text{q-}\)模拟定义为

\[[r]_q = \dfrac{1 - q^r}{1 - q} \]

这的正确性可以通过洛必达法则得到。当取非负整数 \(n\) 时,还可以得到

\[[n]_q = \sum_{k = 0}^{n - 1}q^k \]

对阶乘 \(n!\)\(\text{q-}\)模拟定义为

\[[n]_q! = \prod_{i = 1}^n [i]_q = \frac{\prod_{i = 1}^n (1 - q^i)}{(1 - q)^n} \]

对二项式系数的 \(\text{q-}\)模拟(\(\text{q-binomial}\))定义为

\[\begin{bmatrix} n \\ m \end{bmatrix}_q = \frac{[n]_q!}{[m]_q! [n - m]_q!} \]

多项式系数也可以类似地定义。我们同样可以证明任意 \(\text{q-binomial}\) 是整数,这要用到二项式系数整数性的 \(\text{q-}\)模拟。

对下降幂的 \(\text{q-}\)模拟定义为

\[[r]_q^{\underline k} = \frac{\prod_{i = 0}^{k - 1} (1 - q^{r - i})}{(1 - q)^k} \]

因此我们可以定义上指标为实数的 \(\text{q-binomial}\) 如下:

\[\begin{bmatrix} r \\ k \end{bmatrix}_q = \left\{ \begin{aligned} &\frac{(1 - q^{r})(1 - q^{r - 1})\dots(1 - q^{r - k + 1})}{(1 - q^{k})(1 - q^{k - 1})\dots(1 - q)} = \frac{[r]_q^{\underline{k}}}{[k]_q!},\quad &整数\ k\ge 0; \\ &0,\quad &整数 \ k < 0. \end{aligned} \right.\]

上面式子对着具体数学 \((5.1)\) 打的。

下面是一些关于 \(\text{q-binomial}\) 的性质和推论。

\[\begin{bmatrix} r \\ k \end{bmatrix}_q = \frac{[r]_q}{[k]_q}{r - 1\brack k - 1}_q \]

这是吸收恒等式的 \(\text{q-}\)模拟。\((5.5)\)。移项后能自然得到 \((5.6), (5.7)\)

\[\begin{bmatrix} r \\ k \end{bmatrix}_q = q^k\begin{bmatrix} r - 1 \\ k \end{bmatrix}_q + \begin{bmatrix} r - 1 \\ k - 1 \end{bmatrix}_q = \begin{bmatrix} r - 1 \\ k \end{bmatrix}_q + q^{r - k}\begin{bmatrix} r - 1 \\ k - 1 \end{bmatrix}_q \]

这是加法公式的 \(\text{q-}\)模拟。\((5.8)\)。应用上面的公式能自然得到 \((5.8)\)\((5.9)\) 之间夹着的那个公式。

\[\begin{bmatrix} r + n + 1 \\ n \end{bmatrix}_q = \sum_{k\le n} q^k \begin{bmatrix} r + k \\ k \end{bmatrix}_q = \sum_{k\le n} q^{(r + 1)(n - k)} \begin{bmatrix} r + k \\ k \end{bmatrix}_q \]

这是平行求和法的 \(\text{q-}\)模拟。\((5.9)\)

\[\begin{bmatrix} n + 1 \\ m + 1 \end{bmatrix}_q = \sum_{0\le k\le n} q^{k - m}\begin{bmatrix} k \\ m \end{bmatrix}_q = \sum_{0\le k\le n} q^{(m + 1)(n - k)}\begin{bmatrix} k \\ m\end{bmatrix}_q \]

这是上指标求和的 \(\text{q-}\)模拟。\((5.10)\)

\[\begin{bmatrix} r \\ k \end{bmatrix}_q = (-1)^kq^{kr - k(k - 1) / 2} \begin{bmatrix} k - r - 1 \\ k \end{bmatrix}_q \]

这是上指标反转的 \(\text{q-}\)模拟。\((5.14)\)

\[\begin{bmatrix} r \\ m \end{bmatrix}_q \begin{bmatrix} m \\ k \end{bmatrix}_q = \begin{bmatrix} r \\ k \end{bmatrix}_q \begin{bmatrix} r - k \\ m - k \end{bmatrix}_q \]

这是 trinomial revision 的 \(\text{q-}\)模拟。\((5.21)\)

\[\begin{bmatrix} r + s \\ n \end{bmatrix}_q = \sum_k q^{(r - k)(n - k)} \begin{bmatrix} r \\ k \end{bmatrix}_q\begin{bmatrix} s \\ n - k \end{bmatrix}_q \]

这是范德蒙德卷积的 \(\text{q-}\)模拟。\((5.24)\)

\[\prod_{i = 0}^{n - 1} (1 + q^iz) = \sum_{i = 0}^n q^{i (i - 1) / 2} \begin{bmatrix} n \\ i \end{bmatrix}_q z^i \]

这是二项式定理的 \(\text{q-}\)模拟,又称高斯二项式定理。这个也常用于定义更广义的 \(\text{q-binomial}\)

我们可以从上面的公式中导出关于 \(\text{q-binomial}\) 的生成函数。

比方说,令 \(F_{r} (z)\)\(\begin{bmatrix} r + n \\ n \end{bmatrix}_q\) 的生成函数,应用 \((5.9)\)\(\text{q-}\)模拟可以得到

\[\begin{aligned} F_{r + 1}(z) & = \sum_{n\ge 0} \begin{bmatrix} r + n + 1 \\ n \end{bmatrix}_q z^n \\ & = \sum_{n\ge 0}\sum_{k\le n} q^k \begin{bmatrix} r + k \\ k \end{bmatrix}_q z^n \\ & = \sum_{k\ge 0} \sum_{n\ge 0}q^k \begin{bmatrix} r + k \\ k \end{bmatrix}_q z^{k + n} \\ & = \sum_{k\ge 0} \begin{bmatrix} r + k \\ k \end{bmatrix}_q (qz)^k \sum_{n\ge 0}z^{n} \\ & = \sum_{k\ge 0} \begin{bmatrix} r + k \\ k \end{bmatrix}_q (qz)^k \frac{z^k}{1 - z} \\ & = \frac{1}{1 - z} F_{r}(qz) \end{aligned}\]

也就是

\[\prod_{i = 0}^r\frac{1}{1 - q^i z} = \sum_{k\ge 0} \begin{bmatrix} r + k \\ k \end{bmatrix}_qz^k= \sum_{k\ge 0} \begin{bmatrix} r + k \\ r \end{bmatrix}_qz^k \]

\[z^r\prod_{i = 0}^r\frac{1}{1 - q^i z} = \sum_{k\ge r} \begin{bmatrix} k \\ r \end{bmatrix}_qz^k \]

这公式的应用可见本篇社论

然后是一些应用。

首先是经典的排列逆序对。假设 \(\pi\) 枚举长度为 \(n\) 的排列,\(\tau(\pi)\) 表示 \(\pi\) 的逆序数,则我们可以证明

\[\sum_{\pi}q^{\tau(\pi)} = [n]_q! \]

具体地,假设 \(f_i\) 表示前 \(i - 1\) 个元素和第 \(i\) 个元素形成的逆序对数,经典双射是 \(f\)\(\pi\) 一一对应,自然导出了上式。
这也给出了计数长度为 \(n\) 的、逆序对数恰好为 \(k\) 的排列的方法。一种方法是 \(\text{ln-exp}\),另一种方法是[我看不懂]

这还可以推广到多重集排列。假设 \(\pi\) 枚举到任意长度为 \(n\) 的多重集排列,其中值 \(i\) 出现 \(a_i\) 次。令 \(\tau(\pi)\) 表示 \(\pi\) 中的逆序对数,则我们可以证明

\[\sum_{\pi}q^{\tau(\pi)} = \begin{bmatrix} n \\ a_1, a_2, \dots, a_n \end{bmatrix}_q \]

然后是一些线性代数计数。下面称模 \(q\) 意义下的值组成的集合为 \(\mathbb F_q\),以其为元素的 \(n\) 维向量的全体为 \(\mathbb F_q^n\)

\(\mathbb F_q^n\) 内选 \(k\) 个有序向量使得他们彼此线性无关的方案数?
这个在这篇题解里有涉及到。运用相同的手法可以得到答案即为

\[\prod_{i = 0}^{k - 1} (q^n - q^i) = q^{k(k - 1) / 2} \prod_{i = n - k + 1}^{n} (q^i - 1) = q^{k(k - 1) / 2} \frac{(q - 1)^k [n]_q!}{[n - k]_q!} \]

记它为 \([n : k]_q\)

\(\mathbb F_q^n\) 内计数 \(k\) 维子空间数?
这个在这篇闲话里有涉及到。我们可以首先选出 \(k\) 个有序向量,当作这 \(k\) 维子空间的基。可以发现每组向量会被选择 \([k : k]_q\) 次,因此答案即为

\[\frac{[n:k]_q}{[k:k]_q} = \frac{[n]_q! / [n - k]_q!}{[k]_q! / [k - k]_q!} = \begin{bmatrix} n \\ k \end{bmatrix}_q \]

\(\text{q-Lucas}\)?分圆多项式?\(\text{q-Pochhammer}\)?以后再说吧!
关于格路计数相关推论,知识限制了我的想象。

Reference:

[1]: SyadouHayami, q-analog(q-模拟)初探 ;
[2]: qwaszx, q-analog .

posted @ 2023-02-19 19:14  joke3579  阅读(294)  评论(4编辑  收藏  举报