P4027 [NOI2007] 货币兑换

前言

打完这道题，感觉对李超线段树又有了进一步的了解。

分析

一个明显的性质，如果要买卷或卖卷的话，那么一定是全买全卖的，显然。

设 $an{s}_i$ 为第 $i$ 天拥有的最大钱数， $x_i$ 为第 $i$ 天用 $an{s}_i$ 可以兑换的 A 卷数， $y_j$ 为兑换的 B 卷数。

则有 $x_i={\displaystyle \frac{an{s}_i\times Rat{e}_i}{Rat{e}_i\times A_i+B_i}}$，$y_i={\displaystyle \frac{an{s}_i}{Rat{e}_i\times A_i+B_I}}$。

若第 $i$ 天不卖，那么 $an{s}_i=an{s}_{i-1}$ 。

若第 $i$ 天卖出卷，那么 $an{s}_i=max\{A_i\times x_j+B_i\times y_j\}$。

变形得，$an{s}_i=B_i\times ({\displaystyle \frac{A_i}{B_i}}\times x_j+y_j)$。

设 $k=x_j$，$x={\displaystyle \frac{A_i}{B_i}}$，$b=y_j$，用李超线段树维护即可。

注意到 $x$ 的值可能为小数，那就不能用李超了吗？我们可以离散化，再映射回去即可。

$code$

#include<bits/stdc++.h>	
#define N 100005
#define db double 
#define ls u<<1
#define rs u<<1|1
#define eps 1e-6
using namespace std;
int read(){
	int x=0,f=1;char ch=getchar();
	while(ch<'0'||ch>'9'){if(ch=='-')f=-f;ch=getchar();}
	while(ch>='0'&&ch<='9'){x=(x<<1)+(x<<3)+(ch^48);ch=getchar();}
	return x*f;
}
int n;
int tree[N<<2];
db ans;
db A[N],B[N],R[N],C[N],D[N],x[N],y[N];
db calc(int pos,int id){return D[pos]*x[id]+y[id];}
db Query(int u,int l,int r,int X){
	if(l==r) return calc(X,tree[u]);
	int mid=(l+r)>>1;
	db res=calc(X,tree[u]);
	if(X<=mid) res=max(res,Query(ls,l,mid,X));
	else res=max(res,Query(rs,mid+1,r,X));
	return res;
}
void UpDate(int u,int l,int r,int id){
	if(calc(l,id)>calc(l,tree[u])&&calc(r,id)>calc(r,tree[u])) return void(tree[u]=id);
	else if(calc(l,id)<=calc(l,tree[u])&&calc(r,id)<=calc(r,tree[u])) return ;
	int mid=(l+r)>>1;
	if(x[id]+eps>x[tree[u]]){
		if(calc(mid,id)+eps>calc(mid,tree[u])) UpDate(ls,l,mid,tree[u]),tree[u]=id;
		else UpDate(rs,mid+1,r,id);
	}else{
		if(calc(mid,id)>calc(mid,tree[u])+eps) UpDate(rs,mid+1,r,tree[u]),tree[u]=id;
		else UpDate(ls,l,mid,id);
	}
}
signed main(){
	n=read(),scanf("%lf",&ans);
	for(int i=1;i<=n;++i){
		scanf("%lf%lf%lf",&A[i],&B[i],&R[i]);
		C[i]=D[i]=A[i]/B[i];
	}
	sort(D+1,D+1+n);
	for(int i=1;i<=n;++i){
		int X=lower_bound(D+1,D+1+n,C[i])-D;
		ans=max(ans,B[i]*Query(1,1,n,X));
		x[i]=R[i]*ans/(R[i]*A[i]+B[i]),y[i]=ans/(R[i]*A[i]+B[i]);
		UpDate(1,1,n,i);
	}
	printf("%.3lf\n",ans);
	return 0;
}