摘要：
ac自动机，bit，dfs序。 本文所有的stl都是因为自己懒得实现。 首先x在y里面出现，就意味y节点可以顺着fail回去。 反向建出一个fail数，然后搞出dfs序列。找出x对应的区间有多少个y。 再用离线操作，把每个y需要计算的x事先保存下来。 #include #include #include #include #include using namespace st... 阅读全文
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st表。 st[i][j]表示[i,i+2^j-1]的最小的s的下标。 #include #include #include #include using namespace std; const int maxn = 500000 + 10; int n,k,L,R; int s[maxn],st[maxn][20],log[maxn]; struct Status { int... 阅读全文
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最小费用最大流。 拆点法建模，一个点分为u0,u1。 虚拟源点S与每个u0连一条容量为1，费用为a[u]的边，与每个u1连一条容量为1，费用为0的边。 每个u0与虚拟汇点T连一条容量为1，费用为0的边。 每个u能到达v的点u1和v0连一条容量为1，费用为w的边。 为什么？ 1.如果一个点是用瞬间移动到达的，就相当与从S点瞬间移动。 2.如果一个点是航路连去的，相当于从另一个点的... 阅读全文
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2维bit。每个颜色建一个。 #include #include #include using namespace std; const int maxn = 300+10; struct Bit2D { int a[maxn][maxn],n,m; inline int lowbit(int x) { return x&-x; } ... 阅读全文
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差分约束，dag最长路。 坑点在于有一个100000 长的链，虚拟节点倒序加就a了。 用queue是太懒，tyvj上过不了。 #include #include #include #include using namespace std; const int maxn = 100000 + 10; const int maxm = 400000 + 10; int n,k; i... 阅读全文
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一定要想到是最小割。 虚拟源点S连支持者容量为1，反对者连虚拟汇点容量为1，支持者连反对者容量为1。 割俩面的点，一面是支持，一面是反对，冲突数就是割（哥。。雾）。 最小冲突数就是最小割。 #include #include #include using namespace std; const int maxn = 300 + 10; const int maxm = 100000... 阅读全文
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欧拉函数。 首先设k为n的约数，则res+=(k*s(k))。s(k)为满足gcd(m,n)=k的m的个数。 因为gcd(m,n)=k,所以gcd(m/k,n/k)=1，则s(k) = phi(n/k)。 边界判断要注意。 每次加的为i和n/i。 如果i*i=n，要特判，否则会重复。 阅读全文
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其实我觉得有些题不会做见见世面也是挺好的。。//蒟蒻本性 用一个T，在T范围的暴力求出，T范围之外的因为比较小所以近似。 #include #include #include #include using namespace std; const int maxn = 100000 + 10; const int T = 100; const double eps = 1e-8; in... 阅读全文
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dp。方型棋盘不用说，矩形棋盘每个点先维护先上能达到的最大距离v。然后dp找出以自己的v最小时向左向右能达到最大的距离l,r。 因为最大矩形棋盘的宽度肯定等于某个点的v，我们又求出了每个v对应的最长距离(r-l+1)，所以正确性得以保证。 还有一个小技巧，把横纵坐标和为奇数的点异或。就可以把原问题转化为求最大的01矩阵了。 #include #include #include usin... 阅读全文
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cdq分治，dp。这道题太难了，我看了一上午一点头绪也没有//蒟蒻本性 连这篇题解都是边做边写的，要不就忘了（雾）。。 维护的是上凸包。 2.30 pm 终于过了，照着人家的题解打，居然都交了10多遍。//蒟蒻本性 首先，不难得到这样的结论：如果买就要把所有的钱都用完（买能挣钱，就要多买，不如其他的 阅读全文