2025 年 3月 10 日随笔档案 - incra

2025年3月10日

摘要： Sol 简单计算几何。直接把四边形拆成两个三角形，枚举两侧最大的即可。注意凹多边形，如果所有的点都在同侧，那么需要最大的减去最小的才行。 Code #include <bits/stdc++.h> #define x first #define y second #define pb push_ 阅读全文

posted @ 2025-03-10 17:11 incra 阅读(2) 评论(0) 推荐(0) 编辑

CF821D

摘要： Sol 如果两个点相邻，那么边权为

1

。如果两个点能通过一次操作来联通，此时这两个点一定满足

x

或者

y

的差小于等于

2

（手摸一下就知道了），此时边权为

1

。其他情况边权就是

+ \infty

。直接跑最短路，时间复杂度

O (k^{2})

。阅读全文

posted @ 2025-03-10 17:10 incra 阅读(2) 评论(0) 推荐(0) 编辑

CF374D

摘要： Sol 注意到加数次数总共就很少，那么删数操作也同样很少，所以暴力删除即可。考虑如何找到原数所在的下标，直接二分，找到第一个满足

i

减去

1 \sim i

已经被删的数的数量等于

k

的下标就是第

k

个数实际的位置，可以用二分树状数组。时间复杂度 \(O(n\l 阅读全文

posted @ 2025-03-10 17:09 incra 阅读(4) 评论(0) 推荐(0) 编辑

CF712D

摘要： Sol 不难想到暴力 DP，复杂度

O (t k^{2})

，无法通过。观察转移方程，注意到贡献到每个点的状态一定是连续的区间，那么用前缀和维护就好了。偏移量可以设置的大一些以防 RE。 Code #include <bits/stdc++.h> #define x first #define y 阅读全文

posted @ 2025-03-10 17:06 incra 阅读(3) 评论(0) 推荐(0) 编辑

CF1777E

摘要： Sol 很考验注意力啊。注意限制是边权最大值，想到二分，对于能反向的边建双向边，否则建单向边，跑缩点后判断是否只有一个点没有入度，证明显然。自己想出来的 *2200，很难得啊。 Code #include <bits/stdc++.h> #define x first #define y sec 阅读全文

posted @ 2025-03-10 17:05 incra 阅读(2) 评论(0) 推荐(0) 编辑