洛谷P1052 过河

P1052 过河

题目描述

在河上有一座独木桥，一只青蛙想沿着独木桥从河的一侧跳到另一侧。在桥上有一些石子，青蛙很讨厌踩在这些石子上。 由于桥的长度和青蛙一次跳过的距离都是正整数，我们可以把独木桥上青蛙可能到达的点看成数轴上的一串整点：0，1，……，L（其中L是桥的长度）。坐标为 0的点表示桥的起点，坐标为L的点表示桥的终点。青蛙从桥的起点开始，不停的向终点方向跳跃。一次跳跃的距离是S到T之间的任意正整数（包括S,T）。当 青蛙跳到或跳过坐标为L的点时，就算青蛙已经跳出了独木桥。

题目给出独木桥的长度L，青蛙跳跃的距离范围S,T，桥上石子的位置。你的任务是确定青蛙要想过河，最少需要踩到的石子数。

输入输出格式

输入格式：

输入文件river.in的第一行有一个正整数L（1 <= L <= 10^9），表示独木桥的长度。第二行有三个正整数S，T，M，分别表示青蛙一次跳跃的最小距离，最大距离，及桥上石子的个数，其中1 <= S <= T <= 10，1 <= M <= 100。第三行有M个不同的正整数分别表示这M个石子在数轴上的位置（数据保证桥的起点和终点处没有石子）。所有相邻的整数之间用一个空格隔开。

输出格式：

输出文件river.out只包括一个整数，表示青蛙过河最少需要踩到的石子数。

输入输出样例

输入样例#1：
10
2 3 5
2 3 5 6 7
输出样例#1：
2

说明

对于30%的数据，L≤10000L \le 10000L≤10000；

对于全部的数据，L≤109L \le 10^9L≤10​9​​。

2005提高组第二题

 

【题解】

dp[i]表示到i点，最少踩多少石头

dp[i] = min{dp[i - j]} * [i点没有石头且 s <= j <= t] + min{dp[i - j] + 1} * [i有石头且s <= j <= t]

离散化，采用1..10的公倍数2520，距离2520可以被任意1..10长度路径走出来

 1 #include <iostream>
 2 #include <cstdio>
 3 #include <cstdlib>
 4 #include <cstring>
 5 #include <algorithm>
 6 #define max(a, b) ((a) > (b) ? (a) : (b))
 7 #define min(a, b) ((a) < (b) ? (a) : (b))
 8 
 9 inline void read(int &x)
10 {
11     x = 0;char ch = getchar(), c = ch;
12     while(ch < '0' || ch > '9')c = ch, ch = getchar();
13     while(ch <= '9' && ch >= '0')x = x * 10 + ch - '0', ch = getchar();
14     if(c == '-')x = -x;
15 }
16 
17 const int INF = 0x3f3f3f3f;
18 const int MAXN = 100 + 10;
19 const int MAXM = 2520;
20 
21 int l, s, t, m; 
22 int yuan[MAXN], lisan[MAXN];
23 int dp[1000000 + 10];
24 
25 int main()
26 {
27     read(l), read(s) , read(t), read(m);
28     for(register int i = 1;i <= m;++ i)
29         read(yuan[i]);
30     std::sort(yuan + 1, yuan + 1 + m);
31     for(register int i = 1;i <= m;++ i)
32     {
33         if(yuan[i] - yuan[i - 1] >= MAXM)
34             lisan[i] = lisan[i - 1] + yuan[i] - yuan[i - 1] - (yuan[i] - yuan[i - 1])/MAXM * MAXM;
35         else
36             lisan[i] = lisan[i - 1] + yuan[i] - yuan[i - 1];
37     }
38     if(l - lisan[m] >= MAXM)l = lisan[m] + (l - yuan[m]) % MAXM;
39     int now = 1;
40     memset(dp, 0x3f, sizeof(dp));
41     dp[0] = 0;
42     for(register int i = s;i <= l + t - 1;++ i)
43     {
44         for(register int j = s;j <= t;++ j)
45         {
46             if(i - j < 0)break;
47             dp[i] = min(dp[i], dp[i - j]);
48         }
49         if(i == lisan[now])++ dp[i], ++ now;
50     }
51     int ans = INF;
52     for(register int i = l;i <= l + t - 1;++ i)ans = min(ans, dp[i]);
53     printf("%d", ans);
54     return 0;
55 }
洛谷P1052

 

 

posted @ 2017-09-15 20:39  嘒彼小星  阅读(126)  评论(0)  编辑  收藏  举报