1774: [Usaco2009 Dec]Toll 过路费
Description
跟所有人一样,农夫约翰以着宁教我负天下牛,休叫天下牛负我的伟大精神,日日夜夜苦思生 财之道。为了发财,他设置了一系列的规章制度,使得任何一只奶牛在农场中的道路行走,都 要向农夫约翰上交过路费。 农场中由N(1 <= N <= 250)片草地(标号为1到N),并且有M(1 <= M <= 10000)条 双向道路连接草地A_j和B_j(1 <= A_j <= N; 1 <= B_j <= N)。奶牛们从任意一片草 地出发可以抵达任意一片的草地。FJ已经在连接A_j和B_j的双向道路上设置一个过路费L_j (1 <= L_j <= 100,000)。 可能有多条道路连接相同的两片草地,但是不存在一条道路连接一片草地和这片草地本身。最 值得庆幸的是,奶牛从任意一篇草地出发,经过一系列的路径,总是可以抵达其它的任意一片 草地。 除了贪得无厌,叫兽都不知道该说什么好。FJ竟然在每片草地上面也设置了一个过路费C_i (1 <= C_i <= 100000)。从一片草地到另外一片草地的费用,是经过的所有道路的过路 费之和,加上经过的所有的草地(包括起点和终点)的过路费的最大值。 任劳任怨的牛们希望去调查一下她们应该选择那一条路径。她们要你写一个程序,接受K(1 <= K <= 10,000)个问题并且输出每个询问对应的最小花费。第i个问题包含两个数字s_i 和t_i(1 <= s_i <= N; 1 <= t_i <= N; s_i != t_i),表示起点和终点的草地。 考虑下面这个包含5片草地的样例图像: 从草地1到草地3的道路的“边过路费”为3,草地2的“点过路费”为5。 要从草地1走到草地4,可以从草地1走到草地3再走到草地5最后抵达草地4。如果这么走的话, 需要的“边过路费”为2+1+1=4,需要的点过路费为4(草地5的点过路费最大),所以总的花 费为4+4=8。 而从草地2到草地3的最佳路径是从草地2出发,抵达草地5,最后到达草地3。这么走的话,边 过路费为3+1=4,点过路费为5,总花费为4+5=9。
Input
* 第1行: 三个空格隔开的整数: N, M和K * 第2到第N+1行: 第i+1行包含一个单独的整数: C_i * 第N+2到第N+M+1行: 第j+N+1行包含3个由空格隔开的整数: A_j, B_j和L_j * 第N+M+2倒第N+M+K+1行: 第i+N+M+1行表示第i个问题,包含两个由空格隔开的整数s_i 和t_i
Output
* 第1到第K行: 第i行包含一个单独的整数,表示从s_i到t_i的最小花费。
Sample Input
5 7 2
2
5
3
3
4
1 2 3
1 3 2
2 5 3
5 3 1
5 4 1
2 4 3
3 4 4
1 4
2 3
2
5
3
3
4
1 2 3
1 3 2
2 5 3
5 3 1
5 4 1
2 4 3
3 4 4
1 4
2 3
Sample Output
8
9
9
Floyd。。。值得注意的是k需要按点权从小到大更新。。因为如果k是依次增大的,那么每次更新至少都要更新掉点的值,所以当我们更新边的权值时就可以直接更新点的值并且保证最优。。
1 #include<iostream> 2 #include<cstdio> 3 #include<cstring> 4 #include<cmath> 5 #include<algorithm> 6 using namespace std; 7 int a[260][260],g[260][260],l[260]; 8 struct dian{ 9 int w,number; 10 }c[260]; 11 bool cmp(const dian&x,const dian&y) 12 { 13 return x.w<y.w; 14 } 15 int main() 16 { 17 int m,n,k; 18 scanf("%d %d %d",&n,&m,&k); 19 memset(a,0x3f,sizeof(a)); 20 memset(g,0x3f,sizeof(g)); 21 for(int i=1;i<=n;i++) scanf("%d",&c[i].w),c[i].number=i,g[i][i]=c[i].w; 22 for(int i=1,x,y,z;i<=m;i++) 23 { 24 scanf("%d %d %d",&x,&y,&z); 25 if(a[x][y]>z) a[x][y]=a[y][x]=z; 26 a[x][x]=0;a[y][y]=0; 27 } 28 sort(c+1,c+1+n,cmp); 29 for (int i=1;i<=n;i++) 30 l[c[i].number]=c[i].w; 31 for (int x=1;x<=n;x++) 32 { 33 int k=c[x].number; 34 for (int i=1;i<=n;i++) 35 for (int j=1;j<=n;j++) 36 { 37 a[i][j]=a[j][i]=min(a[i][k]+a[k][j],a[i][j]); 38 g[i][j]=g[j][i]=min(g[i][j],a[i][j]+max(c[x].w,max(l[i],l[j]))); 39 } 40 } 41 for(int i=1;i<=k;i++) 42 { 43 int s,t; 44 scanf("%d%d",&s,&t); 45 printf("%d\n",g[s][t]); 46 } 47 return 0; 48 49 }