[bzoj 1293][SCOI2009] 生日礼物

传送门

题目：

Description

小西有一条很长的彩带，彩带上挂着各式各样的彩珠。已知彩珠有N个，分为K种。简单的说，可以将彩带考虑为x轴，每一个彩珠有一个对应的坐标(即位置)。某些坐标上可以没有彩珠，但多个彩珠也可以出现在同一个位置上。 小布生日快到了，于是小西打算剪一段彩带送给小布。为了让礼物彩带足够漂亮，小西希望这一段彩带中能包含所有种类的彩珠。同时，为了方便，小西希望这段彩带尽可能短，你能帮助小西计算这个最短的长度么？彩带的长度即为彩带开始位置到结束位置的位置差。

Input

第一行包含两个整数N, K，分别表示彩珠的总数以及种类数。接下来K行，每行第一个数为Ti，表示第i种彩珠的数目。接下来按升序给出Ti个非负整数，为这Ti个彩珠分别出现的位置。

Output

应包含一行，为最短彩带长度。

Sample Input

6 3
1 5
2 1 7
3 1 3 8

Sample Output

3

HINT

有多种方案可选，其中比较短的是1~5和5~8。后者长度为3最短。
【数据规模】
对于50%的数据， N≤10000；
对于80%的数据， N≤800000；
对于100%的数据，1≤N≤1000000，1≤K≤60，0≤彩珠位置<2^31。

 

题解：

写法大意：单调队列

sort一遍保证位置的单调性，开一个pos数组存第i种彩带最后出现的位置，出队的时候判断一下那个元素的位置是否与pos数组相同即可（不同才能出队）

就样例来模拟一波：

6 3
1 5
2 1 7
3 1 3 8

进行排序以后的f数组：

f[i].x	2	3	3	1	2	3
f[i].y	1	1	3	5	7	8

（pos数组要先初始化为-1）

（len要初始化为f[n].y-f[1].y，即最坏的情况（否则会有5个点挂掉(luogu会，bzoj没试过)））

当i=1时

pos[f[i].x]为-1，那么f[i]入队，队列中的珠子多了一个了，cnt++

更新pos[f[i].x]的值为f[i].y

开始出队操作：

当队头head<=队尾i且队头的元素所在位置f[head].y！=该位置珠子最后出现的位置（即pos[f[head].x]）时就可以出队了！

最后更新一下答案：

当cnt（队列内珠子种数）=k（珠子种数）时就可以更新答案了！

len=min(len,f[i].y-f[head].y)

这样从头枚举到尾就好了，时间复杂度（nlogn）（排序需要nlogn的时间复杂度）

代码：

#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#define ll int
#define min(x,y) x<y?x:y
inline void read(ll &x){
    x=0;ll f=1;char c=getchar();
    while(c<'0'||c>'9'){if(c=='-')f=-f;c=getchar();}
    while(c>='0'&&c<='9'){x=x*10+c-'0';c=getchar();}
    x*=f;
}
using namespace std;
#define N 1000010
struct node{ll x,y;}f[N];
//x表示所属彩珠类型，y表示w位置
ll n,k,len,pos[N];
bool cmp(node x,node y){return x.y<y.y;}
int main(){
    read(n);read(k);ll a,b=0;
    for(ll i=1;i<=k;i++){
        read(a);pos[i]+=a;
        for(ll j=1;j<=a;j++){
            read(f[++b].y);
            f[b].x=i;
        }
    }
    sort(f+1,f+n+1,cmp);
    len=f[n].y-f[1].y;ll head=1,cnt=0;
    memset(pos,-1,sizeof(pos));
    for(ll i=1;i<=n;i++){
        if(pos[f[i].x]==-1)cnt++;
        pos[f[i].x]=f[i].y;
        while(head<=i&&f[head].y!=pos[f[head].x])head++;
        if(cnt==k&&f[i].y-f[head].y<len)len=f[i].y-f[head].y;
    }
    printf("%d",len);
    return 0;
}

 

再提供一个本质上没有区别但是长得比较好看的代码（我以前码风好丑啊

#include <bits/stdc++.h>

using namespace std ;

#define N 1000010

int n , k ;
int last[ N ] ;
struct node {
    int id , x ;
}a[ N ] ;

bool cmp( node a , node b ) {
    return a.x < b.x ;
}

int main() {
    scanf( "%d%d" , &n , &k ) ;
    int tot = 0 ;
    for( int i = 1 ; i <= k ; i ++ ) {
        int t ;
        scanf( "%d" , &t ) ;
        for( int j = 1 ; j <= t ; j ++ ) {
            scanf( "%d" , &a[ ++ tot ].x ) ;
            a[ tot ].id = i ;
        }
    }
    sort( a + 1 , a + n + 1 , cmp ) ;
    int l = 1 , ans = a[ n ].x - a[ 1 ].x , cnt = 0 ;
    for( int i = 1 ; i <= n ; i ++ ) {
        if( !last[ a[ i ].id ] ) cnt ++ ;
        last[ a[ i ].id ] = a[ i ].x ; 
        while( last[ a[ l ].id ] != a[ l ].x && l <= i ) l ++ ;
        if( cnt == k && a[ i ].x - a[ l ].x < ans ) ans = a[ i ].x - a[ l ].x ;
    }
    printf( "%d\n" , ans ) ;
    return 0 ; 
}

 

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