模拟赛1031d1
NP(np)
Time Limit:1000ms Memory Limit:64MB
题目描述
LYK 喜欢研究一些比较困难的问题，比如 np 问题。
这次它又遇到一个棘手的 np 问题。问题是这个样子的：有两个数 n 和 p，求 n 的阶乘
对 p 取模后的结果。
LYK 觉得所有 np 问题都是没有多项式复杂度的算法的，所以它打算求助即将要参加 noip
的你，帮帮 LYK 吧！
输入格式(np.in)
输入一行两个整数 n,p。
输出格式(np.out)
输出一行一个整数表示答案。
输入样例
3 4
输出样例
2
数据范围
对于 20%的数据： n,p<=5。
对于 40%的数据： n,p<=1000。
对于 60%的数据： n,p<=10000000。
对于 80%的数据： n<=10^18， p<=10000000。
对于另外 20%的数据： n<=10^18， p=1000000007。
其中大致有 50%的数据满足 n>=p。
/* 分块打标法，由于可能超时的数据的模数是固定的，所以可以每隔10000000个数打一个表。 */ #include<cstdio> #include<iostream> #define ll long long using namespace std; ll a[102]={1,682498929,491101308,76479948,723816384,67347853,27368307,625544428,199888908, 888050723,927880474,281863274,661224977,623534362,970055531,261384175,195888993, 66404266,547665832,109838563,933245637,724691727,368925948,268838846,136026497, 112390913,135498044,217544623,419363534,500780548,668123525,128487469,30977140, 522049725,309058615,386027524,189239124,148528617,940567523,917084264,429277690, 996164327,358655417,568392357,780072518,462639908,275105629,909210595,99199382, 703397904,733333339,97830135,608823837,256141983,141827977,696628828,637939935, 811575797,848924691,131772368,724464507,272814771,326159309,456152084,903466878, 92255682,769795511,373745190,606241871,825871994,957939114,435887178,852304035, 663307737,375297772,217598709,624148346,671734977,624500515,748510389,203191898, 423951674,629786193,672850561,814362881,823845496,116667533,256473217,627655552, 245795606,586445753,172114298,193781724,778983779,83868974,315103615,965785236, 492741665,377329025,847549272,698611116}; int main() { freopen("np.in","r",stdin); freopen("np.out","w",stdout); ll n,p;cin>>n>>p; if(p<=n) { printf("0");return 0; } if(p==1000000007LL) { ll now=n/10000000LL; ll ans=a[now]; for(ll i=now*10000000LL+1;i<=n;i++) ans*=i,ans%=p; cout<<ans;return 0; } ll ans=1; for(ll i=2;i<=n;i++) ans*=i,ans%=p; cout<<ans; return 0; }
看程序写结果(program)
Time Limit:1000ms Memory Limit:64MB
题目描述
LYK 最近在准备 NOIP2017 的初赛，它最不擅长的就是看程序写结果了，因此它拼命地
在练习。
这次它拿到这样的一个程序：
Pascal：
readln(n);
for i:=1 to n do read(a[i]);
for i:=1 to n do for j:=1 to n do for k:=1 to n do for l:=1 to n do
if (a[i]=a[j]) and (a[i]<a[k]) and (a[k]=a[l]) then ans:=(ans+1) mod 1000000007;
writeln(ans);
C++：
scanf(“%d”,&n);
for (i=1; i<=n; i++) scanf(“%d”,&a[i]);
for (i=1; i<=n; i++) for (j=1; j<=n; j++) for (k=1; k<=n; k++) for (l=1; l<=n; l++)
if (a[i]==a[j] && a[i]<a[k] && a[k]==a[l]) ans=(ans+1)%1000000007;
printf(“%d\n”,ans);
LYK 知道了所有输入数据，它想知道这个程序运行下来会输出多少。
输入格式(program.in)
第一行一个数 n，第二行 n 个数，表示 ai。
输出格式(program.out)
一个数表示答案。
输入样例
4
1 1 3 3
输出样例
4
数据范围
对于 20%的数据 n<=50。
对于 40%的数据 n<=200。
对于 60%的数据 n<=2000。
对于 100%的数据 n<=100000， 1<=ai<=1000000000。
其中均匀分布着 50%的数据不同的 ai 个数<=10，对于另外 50%的数据不同的 ai 个
数>=n/10。
/* 观察题目，就是要求我们找出满足i<j&&a[i]<a[j]的点对的个数，我们可以统计一下相同的点的个数，然后用乘法原理做，这样是O(n^2)的，然后可以用前缀和优化到O(nlogn：sort的时间)。 */ #include<cstdio> #include<iostream> #include<algorithm> #define N 100010 #define mod 1000000007LL #define ll long long using namespace std; ll a[N],n,b[N],s[N],cnt; ll read() { ll num=0,flag=1;char c=getchar(); while(c<'0'||c>'9'){if(c=='-')flag=-1;c=getchar();} while(c>='0'&&c<='9'){num=num*10+c-'0';c=getchar();} return num*flag; } int main() { //freopen("program.in","r",stdin); //freopen("program.out","w",stdout); n=read(); for(ll i=1;i<=n;i++) a[i]=read(); sort(a+1,a+n+1); ll now=a[1];b[1]=1;cnt=1; for(ll i=2;i<=n;i++) if(a[i]==now)b[cnt]++; else b[++cnt]=1,now=a[i]; for(ll i=1;i<=cnt;i++) { b[i]*=b[i]; s[i]=s[i-1]+b[i]; } ll ans=0; for(ll i=1;i<=cnt;i++) { ans=ans%mod+(b[i]*(s[cnt]-s[i]))%mod; ans%=mod; } cout<<ans; return 0; }
选数字 (select)
Time Limit:3000ms Memory Limit:64MB
题目描述
LYK 找到了一个 n*m 的矩阵，这个矩阵上都填有一些数字，对于第 i 行第 j 列的位置上
的数为 ai,j。
由于它 AK 了 noip2016 的初赛，最近显得非常无聊，便想到了一个方法自娱自乐一番。
它想到的游戏是这样的：每次选择一行或者一列，它得到的快乐值将会是这一行或者一列的
数字之和。之后它将该行或者该列上的数字都减去 p（之后可能变成负数）。如此，重复 k
次，它得到的快乐值之和将会是它 NOIP2016 复赛比赛时的 RP 值。
LYK 当然想让它的 RP 值尽可能高，于是它来求助于你。
输入格式(select.in)
第一行 4 个数 n,m,k,p.
接下来 n 行 m 列，表示 ai,j。
输出格式(select.out)
输出一行表示最大 RP 值。
输入样例
2 2 5 2
1 3
2 4
输出样例
11
数据范围
总共 10 组数据。
对于第 1,2 组数据 n,m,k<=5。
对于第 3 组数据 k=1。
对于第 4 组数据 p=0。
对于第 5,6 组数据 n=1， m,k<=1000。
对于第 7,8 组数据 n=1， m<=1000， k<=1000000。
对于所有数据 1<=n,m<=1000， k<=1000000， 1<=ai,j<=1000， 0<=p<=100。
样例解释
第一次选择第二列，第二次选择第二行，第三次选择第一行，第四次选择第二行，第五
次选择第一行，快乐值为 7+4+2+0+-2=11。
/* 完成这个题目首先要明白一点，无论怎么选，顺序都是无关紧要的。 所以我们可以枚举选几次行、几次列，然后对于选哪一行或哪一列采取贪心的思想，每次都选最多的。 预处理出s1[i]表示选i次行的贡献，s2[i]表示选i次列的贡献（可以用优先队列），然后枚举选行选列时，注意要减去它们对答案的影响。 */ #include<cstdio> #include<iostream> #include<queue> #define N 1010 #define M 1000010 #define INF 100000000000000LL #define ll long long using namespace std; ll a[N],b[N],s1[M],s2[M],n,m,k,p; priority_queue<ll> q1,q2; ll read() { ll num=0,flag=1;char c=getchar(); while(c<'0'||c>'9'){if(c=='-')flag=-1;c=getchar();} while(c>='0'&&c<='9'){num=num*10+c-'0';c=getchar();} return num*flag; } int main() { //freopen("select.in","r",stdin); //freopen("select.out","w",stdout); n=read(),m=read(),k=read(),p=read(); for(ll i=1;i<=n;i++) for(ll j=1;j<=m;j++) { ll x=read(); a[i]+=x;b[j]+=x; } for(ll i=1;i<=n;i++)q1.push(a[i]); for(ll i=1;i<=m;i++)q2.push(b[i]); for(ll i=1;i<=k;i++) { ll aa=q1.top();q1.pop(); s1[i]=s1[i-1]+aa; q1.push(aa-m*p); } for(ll i=1;i<=k;i++) { ll bb=q2.top();q2.pop(); s2[i]=s2[i-1]+bb; q2.push(bb-n*p); } ll ans=-INF; for(ll i=0;i<=k;i++) { ll j=k-i; ans=max(ans,s1[i]+s2[j]-i*j*p); } cout<<ans; return 0; }
