初三奥赛模拟测试1--T1回文
初三奥赛模拟测试1--\(T1\)回文
题意
给定一个 \(n \times m\) 的,由字符组成的矩阵 \(A\) , 问你由 \(( 1 , 1 )\) 开始，点 \(( i , j )\) 只可以往 \(( i + 1 , j )\) 和 \(( i , j + 1 )\) 走，走到 \(( n , m )\) 停。
记录路径，问由路径上的字符构成的字符串能是回文串的走的种数 \(\bmod \ mod\) 的值 。
\(n \le 500\) , \(m \le 500\)
题解
一眼能看出来是 \(DP\) 哈，就是不知道怎么 \(DP\) 😃
考虑一下回文串有什么性质。
首先设其长度为 \(len\) , 回文串为 \(s\) , 易看出一条性质 \(0\) ：
\[s_{ i } = s_{ len + 1 - i } \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ ( 1 \le i \le len )
\]
对于这个题，我们还有另外的性质：
1.无论怎么走，字符串长度是固定的。
2.设走到点 \(( i , j )\) 时，字符串达到的长度为 \(num_{ i , j }\) , 则无论如何跑, \(num_{ i , j }\) 不变。
3.对于第 \(i\) 行的第 \(j\) 个点， 他在字符串上与其距离为 \(l\) 点在第 \(k\) 行中最多匹配一个。
那么能看出其单调性了，也就是说存在构造方式使得更新过的点不再被更新。
如果不考虑第三个性质时我们的构造为：
\(dp_{ i , j , k , l }\) 表示点 \(( i , j )\) 和点 \(( k , l )\) 。
但我们有了性质\(3\) , 则可以构造为：
\(dp_{ i , j , k }\) 表示点 \(( i , j )\) 符合性质0 的另一个在第 \(k\) 行的点。
则 \(DP\) 转移方程如下：
inline void pd( int xi , int yi , int xj , int yj , int len )
{
flag = 0 ;
if ( num[ xi ][ yi + 1 ] + num[ xj ][ yj - 1 ] == len && yi + 1 <= m && yj - 1 > 0 )
{
flag = 1 ;
dp[ xi ][ yi ][ xj ] = ( dp[ xi ][ yi ][ xj ] + dp[ xi ][ yi + 1 ][ xj ] ) % mod ;
}
if ( num[ xi ][ yi + 1 ] + num[ xj - 1 ][ yj ] == len && yi + 1 <= m && xj - 1 > 0 )
{
flag = 1 ;
dp[ xi ][ yi ][ xj ] = ( dp[ xi ][ yi + 1 ][ xj - 1 ] + dp[ xi ][ yi ][ xj ] ) % mod ;
}
if ( num[ xi + 1 ][ yi ] + num[ xj ][ yj - 1 ] == len && xi + 1 <= n && yj - 1 > 0 )
{
flag = 1 ;
dp[ xi ][ yi ][ xj ] = ( dp[ xi + 1 ][ yi ][ xj ] + dp[ xi ][ yi ][ xj ] ) % mod ;
}
if ( num[ xi + 1 ][ yi ] + num[ xj - 1 ][ yj ] == len && xi + 1 <= n && xj - 1 > 0 )
{
flag = 1 ;
dp[ xi ][ yi ][ xj ] = ( dp[ xi + 1 ][ yi ][ xj - 1 ] + dp[ xi ][ yi ][ xj ] ) % mod ;
}
}
\(( x_i , y_i )\) 和 \((x_j , y_j )\) 为一对满足性质 \(0\) 且点权相等的点。
\(len = n+m\)
\(code\)
点我点我
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std ;
const int mod = 993244853 ;
const int N = 510 ;
int n , m ;
char a[ N ][ N ] ;
struct node
{
int x , y ;
}pos[ N * 3 ][ N * 3 ] ;
int num[ N ][ N ] , nump[ N * 3 ] ;
unsigned int dp[ N ][ N ][ N ] ;
bool flag = 0 ;
inline int abss( int p )
{
if ( p < 0 ) return - p ;
return p ;
}
inline void pd( int xi , int yi , int xj , int yj , int len )
{
flag = 0 ;
if ( num[ xi ][ yi + 1 ] + num[ xj ][ yj - 1 ] == len && yi + 1 <= m && yj - 1 > 0 )
{
flag = 1 ;
dp[ xi ][ yi ][ xj ] = ( dp[ xi ][ yi ][ xj ] + dp[ xi ][ yi + 1 ][ xj ] ) % mod ;
}
if ( num[ xi ][ yi + 1 ] + num[ xj - 1 ][ yj ] == len && yi + 1 <= m && xj - 1 > 0 )
{
flag = 1 ;
dp[ xi ][ yi ][ xj ] = ( dp[ xi ][ yi + 1 ][ xj - 1 ] + dp[ xi ][ yi ][ xj ] ) % mod ;
}
if ( num[ xi + 1 ][ yi ] + num[ xj ][ yj - 1 ] == len && xi + 1 <= n && yj - 1 > 0 )
{
flag = 1 ;
dp[ xi ][ yi ][ xj ] = ( dp[ xi + 1 ][ yi ][ xj ] + dp[ xi ][ yi ][ xj ] ) % mod ;
}
if ( num[ xi + 1 ][ yi ] + num[ xj - 1 ][ yj ] == len && xi + 1 <= n && xj - 1 > 0 )
{
flag = 1 ;
dp[ xi ][ yi ][ xj ] = ( dp[ xi + 1 ][ yi ][ xj - 1 ] + dp[ xi ][ yi ][ xj ] ) % mod ;
}
if ( flag == 1 && dp[ xi ][ yi ][ xj ] == 0 && ( n + m - 1 ) % 2 == 0 )
{
if ( ( xi == xj && ( abss( yi - yj ) == 1 ) || ( yi == yj && ( abss( xi - xj ) == 1 ) ) ) )
dp[ xi ][ yi ][ xj ] = 1 ;
}
dp[ xj ][ yj ][ xi ] = dp[ xi ][ yi ][ xj ] ;
}
signed main( )
{
ios::sync_with_stdio( 0 ) ; cin.tie( 0 ) ; cout.tie( 0 ) ;
cin >> n >> m ;
for (int i = 1 ; i <= n ; ++ i )
{
for ( int j = 1 ; j <= m ; ++ j )
{
cin >> a[ i ][ j ] ;
if ( num[ i - 1 ][ j ] )
{
num[ i ][ j ] = num[ i - 1 ][ j ] + 1 ;
}
else
{
if ( num[ i ][ j - 1 ] )
{
num[ i ][ j ] = num[ i ][ j - 1 ] + 1 ;
}
else num[ i ][ j ] = 1 ;
}
// cout << i << ' ' << j << ' ' << num[ i ][ j ] << '\n' ;
pos[ num[ i ][ j ] ][ ++ nump[ num[ i ][ j ] ] ] = { i , j } ;
}
}
// for ( int i = 1 ; i <= n ; ++ i )
// {
// for ( int j = 1 ; j <= m ; ++ j )
// {
// cout << setw( 5 ) << num[ i ][ j ] << ' ' ;
// }
// cout << '\n' ;
// }
if ( a[ 1 ][ 1 ] != a[ n ][ m ] )
{
cout << 0 ;
return 0 ;
}
int xi , yi , xj , yj ;
int len = n - 1 + m , mid = ( n + m ) >> 1 , lenk = n + m ;
for ( int i = mid ; i < lenk ; ++ i )
{
if ( i == mid && ( n - 1 + m ) % 2 == 1 )
{
for ( int j = 1 ; j <= nump[ i ] ; ++ j )
{
dp[ pos[ i ][ j ].x ][ pos[ i ][ j ].y ][ pos[ i ][ j ].x ] = 1 ;
}
continue ;
}
for ( int j = 1 ; j <= nump[ i ] ; ++ j )
{
xi = pos[ i ][ j ].x , yi = pos[ i ][ j ].y ;
for ( int k = 1 ; k <= nump[ lenk - i ] ; ++ k )
{
xj = pos[ lenk - i ][ k ].x , yj = pos[ lenk - i ][ k ].y ;
if ( a[ xi ][ yi ] == a[ xj ][ yj ] && xi >= xj && yi >= yj && xi > 0 && xj > 0 && yi > 0 && yj > 0 )
{
pd( xj , yj , xi , yi , lenk ) ;
}
}
}
}
cout << dp[ n ][ m ][ 1 ] << '\n' ;
}
