LOJ #2473. 「九省联考 2018」秘密袭击 树形DP
由于有重复数字,所以这个问题就很不好处理.
考虑我们让 $i$ 为根,这个点对答案的贡献就是以 $i$ 为根,由 $val[i] \leqslant val[j]$ 的 $K$ 个点组成的连通块个数.
但是我们会发现如果直接求的话会算重一部分.
如果 $val[j]>val[i]$ 的话,将这个点设为黑点.
如果 $val[j]=val[i]$,但是 $j \leqslant i$ 的话将这个点设为黑点.
其他点设为白点.
我们发现如果这样求的话就不会算重,思路非常巧妙.
树形 DP 的部分就简单了.
几个注意点:
- 可以用 unsigned int 来卡常
- 大小最多枚举到 K
- 树形 DP 进行背包合并的时候要严格限制好上界,这样复杂度是 $O(n^2)$ 的.
code:
#include <bits/stdc++.h> #define ll long long #define N 1667 #define mod 64123 #define ui unsigned int #define setIO(s) freopen(s".in","r",stdin) using namespace std; int n,K,W,edges,cur; int val[N],hd[N],to[N<<1],nex[N<<1],size[N]; ui f[N][N],ans; void add(int u,int v) { nex[++edges]=hd[u],hd[u]=edges,to[edges]=v; } void dfs(int x,int ff) { int siz=(val[x]>=val[cur]?(val[x]>val[cur]?1:x<=cur):0); size[x]=siz; for(int i=hd[x];i;i=nex[i]) if(to[i]!=ff) dfs(to[i],x),size[x]+=size[to[i]],size[x]=min(size[x],K); f[x][siz]=1; for(int i=hd[x];i;i=nex[i]) { int y=to[i]; if(y==ff) continue; for(int a=siz;a>=0;--a) for(int b=size[y];b>=0;--b) if(a+b<=K) (f[x][a+b]+=f[x][a]*f[y][b]%mod)%=mod; siz+=size[y]; siz=min(K,siz); } } void clr(int x,int ff) { for(int i=0;i<=size[x];++i) f[x][i]=0; for(int i=hd[x];i;i=nex[i]) if(to[i]!=ff) clr(to[i],x); } int main() { // setIO("input"); scanf("%d%d%d",&n,&K,&W); for(int i=1;i<=n;++i) scanf("%d",&val[i]); for(int i=1;i<n;++i) { int x,y; scanf("%d%d",&x,&y),add(x,y),add(y,x); } for(int i=1;i<=n;++i) { int c=0; for(int j=1;j<=n;++j) c+=(val[j]>=val[i]?(val[j]>val[i]?1:j<=i):0); if(c<K) continue; cur=i,dfs(i,0); (ans+=f[i][K]*val[i]%mod)%=mod; clr(i,0); } printf("%u\n",ans); return 0; }