BZOJ 3622: 已经没有什么好害怕的了 DP+二项式反演
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看到这种恰好的一般就是二项式反演了.
令 $f[i][j]$ 表示考虑糖果前 $i$ 个糖果,恰好比药片大 $j$ 个的方案数.(我们只选了 $j$ 个糖果)
转移的话我们将两个数组分别从小到大排序,这样就非常好转移了.
我们令 $l[i]$ 代表第 $i$ 个糖果比药片大的个数.
有:$f[i][j]=f[i-1][j]+f[i-1][j-1]\times (l[i]-j+1)$
处理完 $f[i][j]$ 后,来一个二项式反演就好啦 ~
#include <cstdio> #include <algorithm> #define ll long long #define N 2007 #define mod 1000000009 #define setIO(s) freopen(s".in","r",stdin) using namespace std; int qpow(int x,int y) { int tmp=1; for(;y;y>>=1,x=(ll)x*x%mod) if(y&1) tmp=(ll)tmp*x%mod; return tmp; } int f[N][N],a[N],b[N],l[N],fac[N],inv[N]; int C(int x,int y) { return (ll)fac[x]*inv[y]%mod*inv[x-y]%mod; } int main() { // setIO("input"); int i,j,n,k,tmp; scanf("%d%d",&n,&k),tmp=(n+k)/2; if((n+k)&1) { printf("0\n"); return 0; } for(i=1;i<=n;++i) scanf("%d",&a[i]); for(i=1;i<=n;++i) scanf("%d",&b[i]); sort(a+1,a+1+n),sort(b+1,b+1+n); for(i=1;i<=n;++i) l[i]=lower_bound(b+1,b+1+n,a[i])-b-1; f[0][0]=1,fac[0]=inv[0]=1; for(i=1;i<=n;++i) fac[i]=(ll)i*fac[i-1]%mod,inv[i]=qpow(fac[i],mod-2); for(i=1;i<=n;++i) { for(j=0;j<=l[i];++j) { f[i][j]=f[i-1][j]; if(j) (f[i][j]+=(ll)(l[i]-j+1)*f[i-1][j-1]%mod)%=mod; } } int ans=0; for(i=tmp;i<=n;++i) { int d=((i-tmp)&1)?mod-1:1; (ans+=(ll)d*C(i,tmp)%mod*f[n][i]%mod*fac[n-i]%mod)%=mod; } printf("%d\n",ans); return 0; }