BZOJ 4399: 魔法少女LJJ 线段树合并 + 对数
Description
在森林中见过会动的树，在沙漠中见过会动的仙人掌过后，魔法少女LJJ已经觉得自己见过世界上的所有稀奇古怪的事情了
LJJ感叹道“这里真是个迷人的绿色世界,空气清新、淡雅,到处散发着醉人的奶浆味；小猴在枝头悠来荡去,好不自在；各式各样的鲜花争相开放,各种树枝的枝头挂满沉甸甸的野果；鸟儿的歌声婉转动听,小河里飘着落下的花瓣真是人间仙境”
SHY觉得LJJ还是太naive，一天，SHY带着自己心爱的图找到LJJ，对LJJ说：“既然你已经见识过动态树，动态仙人掌了，那么今天就来见识一下动态图吧”
LJJ：“要支持什么操作？”
SHY：“
1.新建一个节点，权值为x。
2.连接两个节点。
3.将一个节点a所属于的联通快内权值小于x的所有节点权值变成x。
4.将一个节点a所属于的联通快内权值大于x的所有节点权值变成x。
5.询问一个节点a所属于的联通块内的第k小的权值是多少。
6.询问一个节点a所属联通快内所有节点权值之积与另一个节点b所属联通快内所有节点权值之积的大小。
7.询问a所在联通快内节点的数量
8.若两个节点a，b直接相连，将这条边断开。
9.若节点a存在，将这个点删去。
”
LJJ：“我可以离线吗？”
SHY：“可以，每次操作是不加密的，”
LJJ：“我可以暴力吗？”
SHY：“自重”
LJJ很郁闷，你能帮帮他吗
Input
第一行有一个正整数m，表示操作个数。
接下来m行，每行先给出1个正整数c。
若c=1，之后一个正整数x，表示新建一个权值为x的节点，并且节点编号为n+1（当前有n个节点）。
若c=2，之后两个正整数a，b，表示在a，b之间连接一条边。
若c=3，之后两个正整数a，x，表示a联通快内原本权值小于x的节点全部变成x。
若c=4，之后两个正整数a，x，表示a联通快内原本权值大于x的节点全部变成x。
若c=5，之后两个正整数a，k，表示询问a所属于的联通块内的第k小的权值是多少。
若c=6，之后两个正整数a，b，表示询问a所属联通快内所有节点权值之积与b所属联通快内所有节点权值之积的大小，
若a所属联通快内所有节点权值之积大于b所属联通快内所有节点权值之积，输出1，否则为0。
若c=7，之后一个正整数a，表示询问a所在联通块大小
若c=8，之后两个正整数a，b，表示断开a，b所连接的边。
若c=9，之后一个正整数a，表示断开a点的所有连边
具体输出格式见样例
Output
这是一道语文题 + 高中数学题.
这里最困难的是第 $6$ 问，询问两个联通快乘积的大小关系.
显然不可以直接乘起来 (你想写高精度也行).
高中数学告诉我们，$log_{x}(a\times b)=log_{x}(a)+log_{x}(b)$，而 $log_{x}$ 在 $x>=1$ 时是增函数.
所以只需比较区间 $\sum log$ 的大小就可以比较出乘积的大小.
这个方法还真是听巧妙的.
#include <cstdio>
#include <algorithm>
#include <cmath>
using namespace std;
#define ls lson[x]
#define rs rson[x]
#define setIO(s) freopen(s".in","r",stdin),freopen(s".out","w",stdout)
const int maxn=500000;
const int N=1000000000;
namespace IO {
char *p1,*p2,buf[100000];
#define nc() (p1==p2&&(p2=(p1=buf)+fread(buf,1,100000,stdin),p1==p2)?EOF:*p1++)
int rd() {
int x=0;
char c=nc();
while(c<48) c=nc();
while(c>47) x=(((x<<2)+x)<<1)+(c^48),c=nc();
return x;
}
};
struct UFS {
int p[maxn];
void init() {
for(int i=0;i<maxn;++i) p[i]=i;
}
int find(int x) {
return p[x]==x?x:p[x]=find(p[x]);
}
}tr;
int cnt;
int rt[maxn],lson[maxn*10],rson[maxn*10],num[maxn*10];
double de[maxn*10];
int newnode() {
return ++cnt;
}
void pushup(int x) {
num[x]=num[ls]+num[rs];
de[x]=de[ls]+de[rs];
}
void update(int &x,int l,int r,int p,int v) {
if(!x)x=newnode();
if(l==r) {
num[x]+=v, de[x]+=(double)v*(double)(log(p));
return;
}
int mid=(l+r)>>1;
if(p<=mid) update(ls,l,mid,p,v);
else update(rs,mid+1,r,p,v);
pushup(x);
}
int merge(int x,int y) {
if(!x||!y) return x+y;
num[x]+=num[y];
de[x]+=de[y];
lson[x]=merge(lson[x],lson[y]);
rson[x]=merge(rson[x],rson[y]);
return x;
}
int less(int &x,int l,int r,int k) {
if(!x||l>=k) return 0;
int re=0;
if(r<k) {
re=num[x],x=0;
return re;
}
if(l==r) return 0;
int mid=(l+r)>>1;
re+=less(ls,l,mid,k);
re+=less(rs,mid+1,r,k);
pushup(x);
return re;
}
int bigger(int &x,int l,int r,int k) {
if(!x||r<=k) return 0;
int re=0;
if(l>k) {
re=num[x],x=0;
return re;
}
if(l==r) return 0;
int mid=(l+r)>>1;
re+=bigger(ls,l,mid,k);
re+=bigger(rs,mid+1,r,k);
pushup(x);
return re;
}
int kth(int x,int l,int r,int k) {
if(l==r) return l;
int mid=(l+r)>>1;
if(k>num[ls]) return kth(rs,mid+1,r,k-num[ls]);
else return kth(ls,l,mid,k);
}
int main() {
using namespace IO;
int m,cc=0;
m=rd();
tr.init();
for(int cas=1;cas<=m;++cas) {
int op=rd();
if(op==1) {
int x=rd();
++cc;
update(rt[cc],1,N,x,1);
}
if(op==2) {
int x,y,a,b;
x=rd(),y=rd();
a=tr.find(x),b=tr.find(y);
if(a!=b) {
rt[b]=merge(rt[a],rt[b]);
tr.p[a]=b;
}
}
if(op==3) {
int a,x,c=0;
a=rd(),x=rd();
a=tr.find(a);
c=less(rt[a],1,N,x);
update(rt[a],1,N,x,c);
}
if(op==4) {
int a,x,c=0;
a=rd(),x=rd();
a=tr.find(a);
c=bigger(rt[a],1,N,x);
update(rt[a],1,N,x,c);
}
if(op==5) {
int a,k;
a=rd(),k=rd();
a=tr.find(a);
printf("%d\n",kth(rt[a],1,N,k));
}
if(op==6) {
int a,b;
a=rd(),b=rd();
a=tr.find(a),b=tr.find(b);
if(de[rt[a]]>de[rt[b]]) printf("1\n");
else printf("0\n");
}
if(op==7) {
int a;
a=rd();
a=tr.find(a);
printf("%d\n",num[rt[a]]);
}
}
return 0;
}
