BZOJ 2038
基础不牢:补莫队算法;
莫队算法入门题;
2038: [2009国家集训队]小Z的袜子(hose)
Time Limit: 20 Sec Memory Limit: 259 MBSubmit: 2616 Solved: 1182
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Description
作为一个生活散漫的人,小Z每天早上都要耗费很久从一堆五颜六色的袜子中找出一双来穿。终于有一天,小Z再也无法忍受这恼人的找袜子过程,于是他决定听天由命……
具体来说,小Z把这N只袜子从1到N编号,然后从编号L到R(L 尽管小Z并不在意两只袜子是不是完整的一双,甚至不在意两只袜子是否一左一右,他却很在意袜子的颜色,毕竟穿两只不同色的袜子会很尴尬。
你的任务便是告诉小Z,他有多大的概率抽到两只颜色相同的袜子。当然,小Z希望这个概率尽量高,所以他可能会询问多个(L,R)以方便自己选择。
Input
输入文件第一行包含两个正整数N和M。N为袜子的数量,M为小Z所提的询问的数量。接下来一行包含N个正整数Ci,其中Ci表示第i只袜子的颜色,相同的颜色用相同的数字表示。再接下来M行,每行两个正整数L,R表示一个询问。
Output
包含M行,对于每个询问在一行中输出分数A/B表示从该询问的区间[L,R]中随机抽出两只袜子颜色相同的概率。若该概率为0则输出0/1,否则输出的A/B必须为最简分数。(详见样例)
Sample Input
6 4
1 2 3 3 3 2
2 6
1 3
3 5
1 6
1 2 3 3 3 2
2 6
1 3
3 5
1 6
Sample Output
2/5
0/1
1/1
4/15
【样例解释】
询问1:共C(5,2)=10种可能,其中抽出两个2有1种可能,抽出两个3有3种可能,概率为(1+3)/10=4/10=2/5。
询问2:共C(3,2)=3种可能,无法抽到颜色相同的袜子,概率为0/3=0/1。
询问3:共C(3,2)=3种可能,均为抽出两个3,概率为3/3=1/1。
注:上述C(a, b)表示组合数,组合数C(a, b)等价于在a个不同的物品中选取b个的选取方案数。
【数据规模和约定】
30%的数据中 N,M ≤ 5000;
60%的数据中 N,M ≤ 25000;
100%的数据中 N,M ≤ 50000,1 ≤ L < R ≤ N,Ci ≤ N。
0/1
1/1
4/15
【样例解释】
询问1:共C(5,2)=10种可能,其中抽出两个2有1种可能,抽出两个3有3种可能,概率为(1+3)/10=4/10=2/5。
询问2:共C(3,2)=3种可能,无法抽到颜色相同的袜子,概率为0/3=0/1。
询问3:共C(3,2)=3种可能,均为抽出两个3,概率为3/3=1/1。
注:上述C(a, b)表示组合数,组合数C(a, b)等价于在a个不同的物品中选取b个的选取方案数。
【数据规模和约定】
30%的数据中 N,M ≤ 5000;
60%的数据中 N,M ≤ 25000;
100%的数据中 N,M ≤ 50000,1 ≤ L < R ≤ N,Ci ≤ N。
我们的计算方法是:对于询问1 6来说:1:1个,2:2个,3:3个 1*1+2*2+3*3-1-2-3=分子,分母就是(6-1+1)*(6-1),再进行约分就好了。
难点在于怎么求每个颜色在这区间的值是多少。
引入莫队算法:具体可以上其他资料查查。莫队的复杂度是O(N*SQRT(N));用了分块思路;
1 #include<iostream> 2 #include<cstring> 3 #include<cstdio> 4 #include<cmath> 5 #include<algorithm> 6 7 using namespace std; 8 typedef long long ll; 9 #define N 55555 10 11 int n,m; 12 int pos[N],c[N]; 13 ll s[N],ans; 14 15 int block; 16 struct node 17 { 18 int l,r,id; 19 ll a,b; 20 }a[N]; 21 22 ll gcd(ll x,ll y) 23 { 24 if (x%y==0) return y; 25 return gcd(y,x%y); 26 } 27 28 int cmp(node a,node b) 29 { 30 if (pos[a.l]==pos[b.l]) return a.r<b.r; 31 return a.l<b.l; 32 } 33 34 int cmp_id(node a,node b) 35 { 36 return a.id<b.id; 37 } 38 39 void update(int p,int add) 40 { 41 ans-=s[c[p]]*s[c[p]]; 42 s[c[p]]+=add; 43 ans+=s[c[p]]*s[c[p]]; 44 } 45 46 void solve() 47 { 48 int l=1,r=0; 49 for (int i=1;i<=m;i++) 50 { 51 for (;r<a[i].r;r++) update(r+1,1); 52 for (;r>a[i].r;r--) update(r,-1); 53 for (;l<a[i].l;l++) update(l,-1); 54 for (;l>a[i].l;l--) update(l-1,1); 55 if (a[i].l==a[i].r) 56 { 57 a[i].a=0; 58 a[i].b=1; 59 continue; 60 } 61 62 ll tmp=a[i].r-a[i].l+1; 63 a[i].a=ans-tmp; 64 a[i].b=tmp*(tmp-1); 65 ll k=gcd(a[i].a,a[i].b); 66 a[i].a/=k; 67 a[i].b/=k; 68 } 69 } 70 71 int main() 72 { 73 scanf("%d%d",&n,&m); 74 block=sqrt(n); 75 for (int i=1;i<=n;i++) scanf("%d",&c[i]); 76 for (int i=1;i<=m;i++) 77 { 78 scanf("%d%d",&a[i].l,&a[i].r); 79 a[i].id=i; 80 } 81 82 for (int i=1;i<=n;i++) pos[i]=(i-1)/block+1; 83 sort(a+1,a+m+1,cmp); 84 solve(); 85 sort(a+1,a+m+1,cmp_id); 86 87 for (int i=1;i<=m;i++) 88 printf("%lld/%lld\n",a[i].a,a[i].b); 89 90 return 0; 91 }
随性Code