leetcode edit distance
首先给出题目：
Given two words word1 and word2, find the minimum number of steps required to convert word1 to word2. (each operation is counted as 1 step.)
You have the following 3 operations permitted on a word:
a) Insert a character
b) Delete a character
c) Replace a character
碰到这道题目时，首先想到的解法是backtracing，即暴力的搜索整个解空间，求出最优解。结果超时
百度了一下，知道这题使用的是动态规划的解法。
既然是动态规划，那么解法的关键是状态转移方程。之前我也曾考虑过动态规划，然未果。
当时考虑的状态转移方程是
根据word1的长度来设计，即，dp[i]表示word1的字串subString(0,i)操作到word2所需的最少步数。但是这个
状态转移方程的问题在于，实际上只有一种方案，就是从空串不停的插入，直到变成word2.
然而正确的设计方法是二维的。
dp[i][j]表示将word1.subString(0,i)转变为word2.subString(0,j)所需的最小步数。
那么我们就有状态转移dp[i+1][j+1]=min{
1.dp[i-1][j]+1
2.dp[i][j-1]+1
3.dp[i-1][j-1]+f(i,j)
}
依次解释1,2,3
1.我们知道，dp[i-1][j]表示word1.subString(0,i-1)转变为word2.subString(0,j)所需的最小步数。
例如，word1="abcde",word2="xyzhg",i=3,j=4;
则从abc转变为xyzhg需要最少k步，那么从abcd转变为xyzhg需要多少步？
那么将abcd的d删除掉，得到abc，又abc转变为xyzhg最少要k步，所以通过删除操作，可以实现从abcd变为xyzhg至少要k+1步
2.与1同理，从abcd变为xyzh最少需要k步，那么只需将abcd变为xyzh之后，再insert一个g,即可变为xyzhg.
3.f(i,j)表示，if(word1[i]==word2[j]) return 0; else return 1;
即，如果当前index，两个待处理字符都相等的话，那么dp[i][j]=dp[i-1][j-1]，反之，则需要一个replace操作。
得到这组状态转移方程后，问题就简单啦。
下面给出代码
public class Solution {
/**
* @param args
*/
public int minDistance(String word1, String word2) {
if(word1.equals("")&&word2.equals(""))
return 0;
int row=word1.length()+1;
int col=word2.length()+1;
int [][]dp=new int[row][col];
for(int i=0;i<row;i++)
{
dp[i][0]=i;
}
for(int i=0;i<col;i++)
{
dp[0][i]=i;
}
for(int i=1;i<row;i++)
for(int j=1;j<col;j++)
{
if(word1.charAt(i-1)==word2.charAt(j-1))
dp[i][j]=dp[i-1][j-1];
else
dp[i][j]=dp[i-1][j-1]+1;
dp[i][j]=min(dp[i][j],dp[i-1][j]+1,dp[i][j-1]+1);
}
return dp[row-1][col-1];
}
public int min(int a1,int a2,int a3)
{
if(a1<a2)
{
if(a1<a3)
return a1;
else
return a3;
}
else
{
if(a2<a3)
return a2;
else
return a3;
}
}
public static void main(String[] args) {
// TODO Auto-generated method stub
}
}
这道题告诉我们，动态规划中的中间态不一定是一维的而可能是二维的
