NOIP2017[提高组] 宝藏 题解
解析
我们观察范围可以发现n非常的小,(一般来说不是搜索就是状压dp)所以说对于这题我们可以用记忆化搜索或者dp,我们发现起点不同那么最终答案也就不同,也就是说答案是跟起点有关的,于是我们便可以想到去枚举每个起点,那么我们可以定义状态 $ f[i] $ 表示当前状态为 $ i $ 的时候最小花费,那么我们可以写出状态转移方程
$ f[x|(1<<(j-1))]=min(f[x]+dis[i]* d[i][j],f[x|(1<<(j-1))]) $
((1<<(j-1))&x)==0 && $ d[i][j]!=INF $)
其中x表示当前状态,当前状态中 $ j $ 号宝藏屋还没开发,并且 $ i->j $有路, $ dis[i] $ 表示 i 是第几个开发的。
代码
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int INF=1<<30;
int n,m,u,v,z,ans=INF,d[25][25],dis[25],f[10100];
void find(int x){
for(int i=1;i<=n;i++){
if((1<<(i-1))&x){//在x这个状态中i已经开发了
for(int j=1;j<=n;j++){
if(((1<<(j-1))&x)==0&&d[i][j]!=INF){//j未开发且i可以到j
if(f[x|(1<<(j-1))]>f[x]+dis[i]*d[i][j]){
int tmp=dis[j];
dis[j]=dis[i]+1;
f[x|(1<<(j-1))]=f[x]+dis[i]*d[i][j];
find(x|(1<<(j-1)));
dis[j]=tmp;//回溯
}
}
}
}
}
}
int main(){
scanf("%d %d",&n,&m);
for(int i=1;i<=n;++i){//初始化
for(int j=1;j<=n;++j){
d[i][j]=INF;
}
}
for(int i=1;i<=m;++i){//m<=1000所以会有重复路径
scanf("%d %d %d",&u,&v,&z);
d[u][v]=min(d[u][v],z);
d[v][u]=min(d[v][u],z);
}
for(int o=1;o<=n;++o){//枚举起点
for(int i=1;i<=n;++i) dis[i]=INF;
for(int i=1;i<=(1<<n)-1;++i) f[i]=INF;//初始化
dis[o]=1;//第一个
f[1<<(o-1)]=0;
find(1<<(o-1));
ans=min(ans,f[(1<<n)-1]);
}
printf("%d",ans);
return 0;
}
/*
4 5
1 2 1
1 3 3
1 4 1
2 3 4
3 4 1
*/