「题解」ARC096E Everything on It
考虑将第二个容斥掉,枚举有 \(1\sim i\) 出现次数 \(\leq 1\) 次,剩余的无限制,假设其方案为 \(f(i)\).
那么答案就是 \(\sum f(i)(-1)^i\binom{n}{i}\).
考虑 \(f(x)\) 怎么算,令 \(y=n-x\),首先考虑不包含 \(1\sim x\) 的子集一共有 \(2^{2^y}\) 个,然后再考虑包含 \(1\sim x\) 的子集,相当于将 \(1\sim x\) 分成若干个不同的集合,每个集合从 \(2^y\) 个集合中找一个集合,与其的并集构成一个新的集合。
令 \(s_{i,j}\) 为将 \(1\sim i\) 分成若 \(j\) 个不同的集合的方案数(第二类斯特林数),枚举有 \(1\sim x\) 中出现了的有 \(i\) 个,一共分成 \(j\) 个集合,那么就有:
\[\begin{aligned}
f(x)&=\sum_i\sum_j s_{i,j}({2^y})^j2^{2^y}\binom{x}{i}
\\
&=2^{2^y}\sum_j (2^y)^j\sum_i \binom{x}{i}s_{i,j}
\end{aligned}
\]
考虑后面那个求和号的组合意义,就是从 \(x\) 个元素中选出 \(i\) 个元素,再将这 \(i\) 个元素划分成 \(j\) 个集合。如果把没有选出的元素也看成一个集合,那么其就是 \(x\) 个元素划分成 \((j+1)\) 个集合,其中有一个集合有标号且可空。所以:
\[f(x)=2^{2^y}\sum_j (2^y)^j((j+1)s_{x,j+1}+s_{x,j})
\]
要注意 \(2^{2^y}\) 计算时要将指数模 \(M-1\).
#include<cstdio>
#include<vector>
#include<queue>
#include<cstring>
#include<iostream>
#include<algorithm>
#include<ctime>
#include<random>
#include<assert.h>
#define pb emplace_back
#define mp make_pair
#define fi first
#define se second
#define dbg(x) cerr<<"In Line "<< __LINE__<<" the "<<#x<<" = "<<x<<'\n';
#define dpi(x,y) cerr<<"In Line "<<__LINE__<<" the "<<#x<<" = "<<x<<" ; "<<"the "<<#y<<" = "<<y<<'\n';
using namespace std;
typedef long long ll;
typedef unsigned long long ull;
typedef pair<int,int>pii;
typedef pair<ll,int>pli;
typedef pair<ll,ll>pll;
typedef pair<int,ll>pil;
typedef vector<int>vi;
typedef vector<ll>vll;
typedef vector<pii>vpii;
typedef vector<pil>vpil;
template<typename T>T cmax(T &x, T y){return x=x>y?x:y;}
template<typename T>T cmin(T &x, T y){return x=x<y?x:y;}
template<typename T>
T &read(T &r){
r=0;bool w=0;char ch=getchar();
while(ch<'0'||ch>'9')w=ch=='-'?1:0,ch=getchar();
while(ch>='0'&&ch<='9')r=r*10+(ch^48),ch=getchar();
return r=w?-r:r;
}
template<typename T1,typename... T2>
void read(T1 &x,T2& ...y){read(x);read(y...);}
int mod;
inline void cadd(int &x,int y){x=(x+y>=mod)?(x+y-mod):(x+y);}
inline void cdel(int &x,int y){x=(x-y<0)?(x-y+mod):(x-y);}
inline int add(int x,int y){return (x+y>=mod)?(x+y-mod):(x+y);}
inline int del(int x,int y){return (x-y<0)?(x-y+mod):(x-y);}
int qpow(int x,int y,int mod=mod){
int s=1;
while(y){
if(y&1)s=1ll*s*x%mod;
x=1ll*x*x%mod;
y>>=1;
}
return s;
}
const int N=3010;
int n;
int S[N][N],C[N][N];
int solve(int x){
int y=n-x,t=qpow(2,y),tmp=1;
int s=0;
for(int j=0;j<=x;j++){
cadd(s,1ll*tmp*add(1ll*(j+1)*S[x][j+1]%mod,S[x][j])%mod);
tmp=1ll*tmp*t%mod;
}
return 1ll*s*qpow(2,qpow(2,y,mod-1))%mod;
}
signed main(){
#ifdef do_while_true
// assert(freopen("data.in","r",stdin));
// assert(freopen("data.out","w",stdout));
#endif
read(n,mod);
S[0][0]=C[0][0]=1;
for(int i=1;i<=n+1;i++){
C[i][0]=1;
for(int j=1;j<=i;j++){
C[i][j]=add(C[i-1][j-1],C[i-1][j]);
S[i][j]=add(S[i-1][j-1],1ll*j*S[i-1][j]%mod);
}
}
int ans=0;
for(int i=0;i<=n;i++){
if(i&1)cdel(ans,1ll*C[n][i]*solve(i)%mod);
else cadd(ans,1ll*C[n][i]*solve(i)%mod);
}
cout << ans << '\n';
#ifdef do_while_true
cerr<<'\n'<<"Time:"<<1.0*clock()/CLOCKS_PER_SEC*1000<<" ms"<<'\n';
#endif
return 0;
}