随笔分类 - 题解
各种题目的题解。
摘要:为什么有些并不显然的东西在题解里是显然的啊,第一种方案构造方式是参考 UOJ 群里八云蓝教的。 能变换成 的充要条件是: ; ${{a_i,a_{i+1}}|1\leq i<n,i\in N}={{b_i,b_{i+1}}|1\leq i<n,i\i
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摘要:初学拉格朗日反演/kel 首先先写一下 EGF: 设其 EGF 为 ,则有 . $$ \begin{aligned} T(x)=xe^{T(x)} \ G(x)=T^{-1}(x)=\frac{x}{e^x} \ H(x)=e^x \ n![x^n]T(x
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摘要:暴力:走 路径时,遇到一个钥匙,将其压入对应颜色的栈,遇到一个宝箱,将栈顶的钥匙和其匹配,弹出这个钥匙。 特殊性质 A:考虑一个钥匙 及其对应的宝箱 ,会对所有包含 的路径(这里的包含要求和 是一个方向),都会产
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摘要:dp 计数 好题
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摘要:必胜条件:判掉先手一步封死 后,若 为奇数先手胜,否则后手胜。 必胜方要对于所有空的 正方形里面挑出两个不交的(具体挑哪两个是可以根据过程动态变的),然后保证自己棋不下在这两个正方形内。 必败方每次操作之后,如果挑
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摘要:简单做法:树剖一下然后变成在 平面上 个矩形覆盖,查询非零位置个数,扫描线一下是 . 稍微卡卡常数甚至不需要怎么卡就过了。 #include<cstdio> #include<vector>
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摘要:模拟赛做到这个题的时候想用差分约束写个暴力,结果发现其实我根本不会差分约束,于是来浅记一下这道题与差分约束。 由于是在限制区间和为 ,所以容易想到用前缀和来描述这个限制,即为 ,由于 01 序列于是还有 \(0\leq s_i-s_{i-1}\leq 1\
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摘要:抽象一下问题,设一个变量 ,初始为 ,每次令 ,并同时将 减去砖数在 内的砖的代价,如果没有砖就停止,询问一共可以跳几步。 定义:"零砖" 为代价为 的砖,"非零砖" 为代价 的砖。 若 \
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摘要:每次区间染色,会删除若干个颜色段,添加 个颜色段。因此颜色段总数是 . 采用平衡树(用 set 即可)维护极长连续颜色段,维护每个颜色增加值大小的 ,并用树状数组维护每个点的答案减去对应颜色的 值。 Add:
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摘要:突然想起来这个题,作为总结写个题解。 考虑这个问题比区间数颜色强很多,那么要不然就离线,要不然在线考虑非 polylog 的做法。 颜色数信息比较难合并,考虑用 bitset 来记录颜色,合并就是 bitset 的按位或。 在线做法:四毛子,分成 个块以及它们的颜色 bitset,然后用
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摘要:要取的话一定是全取完,如果没取完一个数组 就去取另外一个数组 更优的话,那么把取 的机会用到取 上会更优,这样就变成取完 再取 ,依然满足结论。 那就变成选出一些数组,把它们全取了,然后再在一个数组里面选一个前缀。 那就把数组看成
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摘要:设 为走到第 层,第 个房间,损失的最小健康点是多少。 然后注意到只有梯子端点处这些特殊点的 dp 值是需要维护的,处理同一层特殊点之间的转移,就把转移拆成两种,一种是从前面的房间转移到后面的房间,一种是后面的房间转移到前面的房间,这两种转移从前往后或
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摘要:还是那个经典trick:最大价值=总价值-最小花费 每个位置都是二选一,考虑一个鱼刺型建图。 然后就是需要描述一个,如果 选了第 种方案,那么如果它的邻点也选了第 种方案,就有 的代价,也就是有一条 流量的边需要割掉。 但是如果直接 \
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摘要:一套题里面的各个题是假的,可以处理出 为第 个人选第 套题的期望得分。 对于每个人来讲,有 种选择套题,只能选择一个套题,要求价值最小,于是想到一个最小割的经典建图:对于每个人,从 到 连一条长度为 的链
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摘要:我写的第一道最小割¿¿¿ 二选一,考虑一个鱼刺型建图(自己编的名字),然后用最小割求最小花费。 鱼刺性建图大概就是,中间有一排点,然后位于左侧的 连向这一排点,这一排点连向右侧的 ,看起来就很像鱼刺(?) trick:最大价值=总价值-最小花费 如果这个位置是 ,那么
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摘要:[HNOI 2019] 校园旅行 给定无向图 ,每个点有 或 的一个标记,有 组询问,每组询问给定 ,你需要求出是否存在一条 的路径 ,使得路径经过的点的标记拼成一个回文。 可以不是简单路径。 $1\leq
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摘要:序列中至少有一个奇数,否则就会被 除掉了。 如果序列出现了 ,说明无论怎样操作之后 都只能为 了,那么判断偶数个数的奇偶性,若有奇数个偶数那么先手必胜,判掉这个,现在所有的数都是可以被钦点的了。 猜个结论,如果有奇数个偶数,那么先手必胜。 注
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摘要:尝试构造使得树上任意两点间都不能互相到达,这样能达到答案的上界 .(由于不能走动,所以先手永远必胜) 观察 当且仅当 二进制下最高位相同。 假设 ,最高位为 .如果最高位相同的话,\(u\opl
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摘要:感觉直接 Tarjan 2-SAT 什么的还是想复杂了吧( 观察到一家要不然选人要不然选猫,枚举第一家是选人还是选猫。 假如其选了人,那么第一家人所对应的猫的家,也必须选人(因为猫不能选了)。这样继续往后推,如果所有家都被推得了选人,那么就不合法,否则剩余所有家都选猫,即构造出一组合法方案。 实现上
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