题意

一共 $n$ 个人，一共 $m$ 条消息， $k$ 种面具。
第 $i$ 种面具可以看到第 $i + 1$ 种面具，第 $k$ 种面具可以看到第 $1$ 种面具。
每条消息表示 $u$ 能看到 $v$ 。

问 $k$ 的最大值以及 $k$ 的最小值，并且 $k \geq 3$ 。

分析

首先，我们以此建图，分析一下性质。

先一步一步说结论，然后分析吧。

首先，假如说存在环，那么我们的 $k$ 必然是其长度的因数。

为什么呢，因为我们的最重要的性质就是我们第 $i$ 种可以看到 $i + 1$ ，所以我们的种类其实也是会形成一个环的。然而我们遍历出的环的也是会经过许多轮 $k$ 的环，所以结论就可以得出了。
然而倘若存在许多个环呢，由于我们的 $k$ 是其中每一个的因子，所以 $k$ 此时就是每一个环的 $gcd$ 。

第二种，就是两条首、尾相同的链。

与第一种相似的，我们长的那条链必然也是短的那条链的不断重复。所以， $k$ 也是两条链的长度差的因子。

第三种，不存在前两种。

不存在前两种，我们已经没有了数字因子上的约束。
因而，我们只有极值上的范围。
因为我们的每一种的面具必然是存在过的，所以，此时我们 $k$ 的最大值也就是每个联通块最长链的长度之和。

那我们应当如何解决呢，因为我们每一次应当处理完整一个联通块，因此，我们需要在遍历其中一个点时就将整个联通块遍历完，所以，我们将有向图转化成无向图，同时标记其是正边或是反边在转移时，将时间 $+ 1$ 或 $- 1$ 即可。

至于我们这个联通块的最长链呢，就是最大的距离减去最小距离即可。

 inline void dfs(int now,int T) {
    if(mark[now]) {
        if(T==vis[now]) return ;
        if(!flag) mn=abs(T-vis[now]);
        else mn=__gcd(mn,abs(T-vis[now]));
        flag=1;
        return ;
    }
    vis[now]=T,mark[now]=1;
    MX=max(MX,T),MN=min(MN,T);
    for(auto it:lj[now]) dfs(it.to,T+it.w);
}

posted @ 2023-08-26 21:42 djh0314 阅读(25) 评论(0) 编辑收藏举报来源

蒟蒻一枚

我在时光斑驳深处，聆听到花开的声音。

题解 P1477 [NOI2008] 假面舞会

题意

分析

首先，假如说存在环，那么我们的 $k$ 必然是其长度的因数。

第二种，就是两条首、尾相同的链。

第三种，不存在前两种。

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	inline void dfs(int now,int T) {
	if(mark[now]) {
	if(T==vis[now]) return ;
	if(!flag) mn=abs(T-vis[now]);
	else mn=__gcd(mn,abs(T-vis[now]));
	flag=1;
	return ;
	}
	vis[now]=T,mark[now]=1;
	MX=max(MX,T),MN=min(MN,T);
	for(auto it:lj[now]) dfs(it.to,T+it.w);
	}

蒟蒻一枚

我在时光斑驳深处，聆听到花开的声音。

题解 P1477 [NOI2008] 假面舞会

题意

分析

首先，假如说存在环，那么我们的 k 必然是其长度的因数。

第二种，就是两条首、尾相同的链。

第三种，不存在前两种。

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一言（ヒトコト）

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首先，假如说存在环，那么我们的 $k$ 必然是其长度的因数。