BZOJ3522&4543 [POI2014]Hotel加强版 长链剖分
上上周见fc爷用长链剖分秒题 于是偷偷学一学
3522的数据范围很小 可以暴力枚举每个点作为根节点来dp 复杂度\(O(n^2)\)
考虑令
\(f[x][j]\)表示以\(x\)为根的子树内距离\(x\)为\(j\)的点的个数
\(g[x][j]\)表示以\(x\)为根的子树内的点对\((a,b)\)距他们的\(lca\)的距离为\(d\),\(x\)距\(lca\)的距离为\(d-j\)的点对数
那么转移很明了
对于 \(x,y\) 其中\(fa[y]=x\) 有
\(f[x][i]+=f[y][i-1]\)
\(g[x][i-1]+=g[y][i]\)
\(g[x][i+1]+=f[x][i+1]*f[y][i]\)
\(ans+=f[x][i-1]*g[y][i]+g[x][i+1]*f[y][i]\)
发现对于第一个儿子\(y\)有
\(f[x]=f[y]-1\)
\(g[x]=g[y]+1\)
\(ans+=g[x][0]\)
于是我们可以对于最长链先用指针转移 复杂度为\(O(1)\) 其余暴力转移 这样的复杂度看似\(O(nlog_n)\) 其实是\(O(n)\)
我在网上的题解里看到一个写的比较通俗易懂的:
实际上如果一个点v 在某个祖先u 对复杂度有+1的效果,说明v 不在u往下的最长链上,并且v 在 u 的儿子u’(也是 v 的祖先)的最长链上。则到u 的父亲时,v 不在 u的最长链上,则对答案没有贡献。所以贡献的总和是 O(n)的。
贴上代码
#include<bits/stdc++.h>
#define bug(x) cout<<(#x)<<" "<<(x)<<endl
#define ll long long
/*
char *TT,*mo,but[(1<<15)+2];
#define getchar() ((TT==mo&&(mo=(TT=but)+fread(but,1,1<<15,stdin),TT==mo))?-1:*TT++)//*/
using namespace std;
const int N=1e5+5;
inline int read(){
int x=0,f=1;char ch=getchar();
while(ch<'0'||ch>'9'){if(ch=='-')f=-1;ch=getchar();}
while(ch>='0'&&ch<='9'){x=x*10+ch-'0';ch=getchar();}
return x*f;
}
struct Edge{
int v,nxt;
}e[N<<1];
int n,tot;
int dep[N],dn[N],son[N],head[N];
ll tmp[N*10],*tt=tmp,*f[N],*g[N];
ll ans;
void add(int u,int v){
e[++tot].v=v,e[tot].nxt=head[u],head[u]=tot;
e[++tot].v=u,e[tot].nxt=head[v],head[v]=tot;
}
inline void dfs(int x,int fa){
dn[x]=x,dep[x]=dep[fa]+1;
for(int i=head[x];i;i=e[i].nxt){
int j=e[i].v;
if(j==fa) continue;
dfs(j,x);
if(dep[dn[x]]<dep[dn[j]]) dn[x]=dn[j],son[x]=j;
}
for(int i=head[x];i;i=e[i].nxt) if(e[i].v!=fa&&(x==1||e[i].v!=son[x])){
int j=dn[e[i].v];
f[j]=(tt+=dep[j]-dep[x]+1);
g[j]=(++tt),tt+=((dep[j]-dep[x])<<1)+1;
}
}
inline void dp(int x,int fa){
for(int i=head[x];i;i=e[i].nxt){
int j=e[i].v;
if(j==fa) continue;
dp(j,x);
if(j==son[x]) f[x]=f[j]-1,g[x]=g[j]+1;
}
ans+=g[x][0],f[x][0]=1;
for(int i=head[x];i;i=e[i].nxt){
int j=e[i].v;
if(j==fa||j==son[x]) continue;
for(int k=0;k<=dep[dn[j]]-dep[x];k++) ans+=f[x][k-1]*g[j][k]+g[x][k+1]*f[j][k];
for(int k=0;k<=dep[dn[j]]-dep[x];k++) {
g[x][k-1]+=g[j][k];
g[x][k+1]+=f[x][k+1]*f[j][k];
f[x][k+1]+=f[j][k];
}
}
}
int main(){
#ifdef Devil_Gary
freopen("in.txt","r",stdin);
#endif
n=read();
for(int i=1;i<n;i++) add(read(),read());
dfs(1,0),dp(1,0);
printf("%lld\n",ans);
return 0;
}