BZOJ 1101 [POI2007]Zap 莫比乌斯反演

题意:链接

方法:莫比乌斯反演?

解析:

题中求的就是∑1<=x<=a∑1<=y<=b(gcd(x,y)==d)

就可以转化为∑1<=x<=a/d∑1<=y<=b/d(gcd(x,y)==1)

又由于∑i=1nμ(i)=n==1?1:0

所以原公式能够转化为∑1<=x<=a/d∑1<=y<=b/d∑d|(x,y)μ(d)

由于d|(x,y)所以d|x d|y，那么我们能够把和式提前

即公式变为∑1<=d<=min(a/d,b/d)μ(d)∑1<=x<=a/d且d|x∑1<=y<=b/d且d|y

依据约数研究那道题。原公式能够进一步转化为

∑1<=d<=min(a/d,b/d)μ(d)[a/dd][b/dd]

接下来就能够暴力分块了。

μ(d)部分维护个前缀和,剩下的由于[a/dd]与[b/dd]具有单调不上升性,所以仅仅须要计算每一块就好了。

代码:

#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <iostream>
#include <algorithm>
#define N 50010
using namespace std;
int tot,t;
int a,b,d;
int prime[N];
bool f[N];
int miu[N];
int sum[N];
void sieve()
{
    miu[1]=1;
    for(int i=2;i<=50000;i++)
    {
        if(!f[i])
        {
            prime[++t]=i;
            miu[i]=-1;
        }
        for(int j=1;j<=t&&i*prime[j]<=50000;j++)
        {
            f[i*prime[j]]=1;
            if(i%prime[j]==0)
            {
                miu[i*prime[j]]=0;
                break;
            }else miu[i*prime[j]]=-miu[i];
        }
    }
    for(int i=1;i<=50000;i++)
    {
        sum[i]=sum[i-1]+miu[i];
    }
}
int main()
{
    sieve();
    scanf("%d",&tot);
    for(int i=1;i<=tot;i++)
    {
        scanf("%d%d%d",&a,&b,&d);
        int a1=a/d,b1=b/d;
        int x=min(a1,b1);
        int pos,ans=0;
        for(int i=1;i<=x;i=pos+1)
        {
            pos=min((a1/(a1/i)),(b1/(b1/i)));
            ans+=(sum[pos]-sum[i-1])*(a1/i)*(b1/i);
        }
        printf("%d\n",ans);
    }
}