朝暮不思

摘要： 如果是奇数，可以从前面，或者一半或者一半加1处转移 如果是偶数，可以从前面或者一半处转移 #include<bits/stdc++.h> using namespace std; typedef long long ll; const int N=1e7+1; ll f[N]; int main() 阅读全文

摘要： 这题因为只能切两刀，所以考虑枚举一个枚举思维 首先我们求一遍前i个切1刀的大小，之后枚举切两道，因为是连着切，所以直接枚举位置即可，当前位置的答案就是s[i]-s[i-k]和前i-k切一刀的答案 #include<bits/stdc++.h> using namespace std; const i 阅读全文

摘要： 很多求和相除求最大值的问题，都是01分数规划，本题就是一个负环+01分数规划的问题 对于这种问题，先二分答案，然后移项，将点权转化为边权，变成判环问题 本题建图方式比较巧妙，将每个字符串的前两位和后两位当作点，边权就是字符串的长度。 这样复杂度还是很高，因此有两种优化方式，一种将队列换成栈，一种是使 阅读全文

摘要： 技巧，将所有点距离置为0，并加入队列。 当某个最短路大于等于n，根据容斥原理得负环 #include<bits/stdc++.h> using namespace std; const int N=510,M=52100; int h[M],ne[M],e[M],w[M],idx; int n,m1 阅读全文

摘要： 先求一遍最小生成树，再枚举每一个非树边，如果能替换最大值就替换，如果相等则替换次大值 #include<bits/stdc++.h> using namespace std; typedef long long ll; const int N=510,M=10010; int h[N], e[N * 阅读全文

摘要： 这题具有单调性质，可以二分，但是我们发现如果使用并查集维护kruscal，那么无需二分，直接枚举答案即可 #include<bits/stdc++.h> #define x first #define y second using namespace std; typedef pair<int,in 阅读全文

摘要： 这题让我们对边权进行赋值，首先肯定想到，假如不考虑边权，那么我们也是要求a-b，b-c的路径最短是多少，因为路径少意味着权值少 这里有两种情况，一种是这两者之间存在某个点x，使得部分路径重复，一种是不存在 其实这两个是一种情况，第二种情况的b就是x。这样我们发现重复的路径要走两边，肯定是将他赋值到最 阅读全文

摘要： 设计状态为走了k步，从i-j的最短路，由于加法满足结合律，因此可以用倍增来优化逼近n 这样可以log复杂度逼近，代码与floyd相似，但是状态的定义完全不同，本题还需要离散化一下，因为原数太大 #include<bits/stdc++.h> using namespace std; const in 阅读全文

摘要： 求最小环的原理是dp的思想，我们以环中最大的节点作为断点，这样在求floyd的过程中，在更新之前，可以用i和k以及j和k相连的两条线路以及原先i和j在前k-1已经求出的最短路当作环进行比较 因为我们分割出了所有情况。而在求取方案的时候，我们设置一个pos数组，表示最短路的分割点，进行递归求取 #in 阅读全文

摘要： 使用floyd求取传递闭包，每次都进行判断 #include<bits/stdc++.h> using namespace std; typedef long long ll; const int N=27; int g[N][N]; bool st[N]; int n,m; int d[N][N] 阅读全文