摘要： hdoj 1299 Diophantus of Alexandria再次感叹自己的数学很悲剧。。。。转载地址http://hi.baidu.com/fbyz/blog/item/c8e23e889a4bce91a5c27245.htmlx 、y、n都是正整数，并且 显然，x >= n ， y >= n ，现在假设 y = n +k (k为正整数) ，那么带入公式，可以得出 x = (n*(n+k))/k = n*n/k + n; 由于x 是正整数，现在的关键问题就是要求出 n*n/ k 有多少组正整数的可能，显然，所要求的就是 n*n 因子的个数// 问题已经非常接近答案了，但是最 阅读全文

摘要： hdoj 1271 整数对看了别人的解题报告，再次对自己数学能力表示悲哀~~~~~~对于这种问题，我们通常可以把这个数表示成这样：A = a*10^(k+1) + b*10^k + c ，b表示去掉的那一位。所以去掉后的数就变成了， B = a*10^(k+1) + c。A + B =( a * 11 + b ) * 10^k + 2 * c; 单个c比10^k次方小，但是2*k可能比10^k次方大，所以2*c = n%10^k 或者2*c = n%10^k+10^k; a, b, c的关系就弄清楚后，我们就可以进行枚举。枚举的顺序是先对k枚举，然后对c的两种情况枚举，其次枚举b。#inclu 阅读全文

摘要： 当子问题的数量不多时，通常我们能够比较清晰地求出最优解的结构，然后理清各种状态之间转移的过程。但是，如果一个动态规划拥有多个子结构时，我们往往会觉得无从下手，面对这种情况，我们可以考虑下枚举子结构，然后得到动态规划的最优解。而且，有时候我们在枚举子结构时，还要运用另外一些最优结构。我们看看下面几个例子。1.hdoj 1584 蜘蛛牌我们定义dp[i][j]表示从牌的大小为i到牌的大小为j这一串牌，通过移动得到满足条件的一堆牌的最小步数。对于牌1来说，他必须移到到2的上面，但是我们不知道，当他移到2位置上时2到底在哪，所以我们可以枚举2的位置。这样我们就得到了状态转移方程：dp[1][10] = 阅读全文

摘要： hdoj 1226 超级密码求一个大数，满足是n的倍数，但是长度不超过500位。一开始以为搜索的状态有m^500，觉得无从下手。其实我们可以运用同模定理，所以状态最多是n，从0到n-1。还有这里要保存路径，所以用数组来模拟队列，每个节点记录他父亲节点在数组队列中的下标值。总结：1.大数问题，特别是涉及到倍数方面的，考虑下取模运算。 2.bfs搜索求路径时，用数组模拟队列取代queue。#include <iostream>#include <cstdio>#include <cstring>#include <algorithm>using na 阅读全文

摘要： 朴素最短路。hdoj 2544 最短路 告诉你图的点，和拥有的边，求两点最短路。我们只要把图存到邻接表或者邻接矩阵中，然后用dijkstra或者spfa来操作这个矩阵就可以得到起点到终点的最短路了。spfa:#include <iostream>#include <cstdio>#include <cstring>#include <queue>#define inf 100000000using namespace std;int len[102], mp[102][102];int adjmp[102][102];int n, m;void 阅读全文

摘要： 空间夹角公式见下图：代码：#include <iostream>#include <cmath>using namespace std;const double eps = 1e-11;struct Node { double x, y, z; Node() { x = y = z = 0; } Node(double a, double b, double c) { x = a; y = b; z = c; } Node operator- ( Node nd ) { return Node(x-nd.x, y-nd.y, z-nd.z); }};Node goodE 阅读全文

摘要： hdoj 1199 Color the Ball题目的思路就是用黑的段去更新白的段，然后合并白的段。更新时，如果全被黑的覆盖了，则令白段的左位置为0。#include <iostream>#include <cstdio>#include <algorithm>using namespace std;struct Node { int l, r;}ns[40005];int len, n;bool cmp( Node nd1, Node nd2 ) { return nd1.l < nd2.l;}void black( int a, int b ) { 阅读全文

摘要： hdoj 1180 诡异的楼梯规范的BFS写法，可以很有效地避免一些状态判重和状态转移上的细节错误，以下总结了三点。//hdoj 1180#include <iostream>#include <cstdio>#include <queue>using namespace std;struct Node { int x, y, step;};bool operator< ( Node n1, Node n2 ) { return n1.step > n2.step;}int n, m;int dir[4][2] = { 0, 1, 1, 0, 0 阅读全文

摘要： 前天晚上熬夜做codeforce，昨晚又熬夜TC。国外那些比赛完全在整中国的程序员，都放在凌晨。偶寝室十一点后又断网，不得已只能在实验室通宵，实在消得人憔悴。。。。而且偶还被分到一个几乎全是鬼子的房间，⊙﹏⊙b汗。。。还好比赛比较给力，最后room第一名，干了鬼子一场，之前排我前面那两哥们都没通过系统测试，哈哈，无尽兴奋。。。今晚SRM500是有5000刀奖金的，平均分给每个房间。可惜比赛前，偶以为自己一定拿不到的，注册时果断同意把奖金捐出去，点了YES，尽显中国ACMer的大方，而且偶还在暗笑，悲剧。现在想来十分后悔，毕竟这是偶TC的第一次奖金，意义重大。。。。。。 阅读全文

摘要： 昨晚做了下比赛就早早地睡了，早上爬起来一看，才蛋疼地发现第二题忘记考虑除0的情况，加了一两行代码，一交就AC了，杯具~~~~~~sum - ave*n = ( a[n] - ave)* k% + (a[n-1]-ave)*k% + (a[n-2]-ave)*k% + ... + (a[i]-ave)*k%#include <iostream>#include <cstring>#include <cstdio>#include <algorithm>#include <vector>#include <iterator># 阅读全文