Codeforces Round 997 (Div. 2) / 2056

A. Shape Perimeter

难度(个人感觉)★☆☆☆☆

思考:

考虑平移

Code:

for(int i = 0; i < N; i++){
    std::cin >> dx >> dy;
    if(i){
      cnt_dx += dx; cnt_dy += dy;
    }
}
ans = (m + cnt_dx + m + cnt_dy) * 2;

B. Find the Permutation

难度(个人感觉)★☆☆☆☆

思考:

可以直接拓扑排序,但是这只是 b 题,可以用比较简单的方法

做法

任意几个点的相对关系是确定的。那么我们每次插入一个点即可。

Code:

bool ok(int x, int y){//能不能把 x 放在 y 左边 
  if(x < y){
    return a[x][y] == '1';
  } else{
    return a[x][y] == '0';
  }
}

std::vector<int> ans;
for(int x = 0; x < N; x++){
  auto p = ans.begin();
  while(p != ans.end() && !ok(x, *p)){ p++; }
  ans.insert(p, x);
}

C. Palindromic Subsequences

难度(个人感觉)★☆☆☆☆

思考:

所有数不同可以做到 n。只要再大一点就行,考虑使用乘法原理。

做法

n2 个是是 123,... n2。之后是两个 1
那么最左边的 1 必须和最右边的其中一个匹配。
枚举中间数,有 2(n3) 种情形。实际上 111 也是一种方案。因此是2(n3)+1
n62(n3)+1=2n5>n

Code:

std::vector<int> ans;
for(int i = 0; i < N - 2; i++){
  ans.push_back(i);
}
ans.push_back(0);
ans.push_back(0);

D. Unique Median

难度(个人感觉)★★★☆☆

思考:

考虑枚举位置或值。枚举位置不太有规律,因此通过值计数。
对于偶数,可行的情况是两个中位数相同。对一个区间,中位数可能有很多,很难找到两个特殊位置的。考虑不可行的情况。

做法:

用区间个数减去不可行的情况,不可行即长度偶数且两个中位数不同。可以枚举较大的那个,记作 M。若一个区间里有多个 M,不妨枚举最后一个。
当且仅当 区间中M小的数个数大于等于M的数个数相等时,不合法。具体实现时,前者贡献 1,后者贡献 +1,那么 pre[l1]=pre[r]
限制是,由于它是区间最后一个 M,设它的位置 p,那么 [p+1,r] 里没有 M

Code:

i64 ans, dec;
int pre[MAXN + 1];
int cnt_l[MAXN * 2 + 1], cnt_r[MAXN * 2 + 1];
void work(int x){
  pre[0] = 0;
  std::vector<int> pos{-1};
  for(int i = 0; i < N; i++){
    pre[i + 1] = pre[i] + (a[i] < x ? -1 : 1);
    if(a[i] == x) pos.push_back(i);
  }
  pos.push_back(N);
  
  memset(cnt_l + MAXN - N, 0, sizeof(int) * (N * 2 + 1));
  memset(cnt_r + MAXN - N, 0, sizeof(int) * (N * 2 + 1));
  for(int i = 1; i < (int)pos.size() - 1; i++){
    int min = INF, max = 0;
    for(int p = pos[i - 1] + 1; p <= pos[i]; p++){ cnt_l[pre[p] + MAXN]++; }
    for(int p = pos[i] + 1; p <= pos[i + 1]; p++){ cnt_r[pre[p] + MAXN]++; chmin(min, pre[p] + MAXN); chmax(max, pre[p] + MAXN); }

    for(int k = min; k <= max; k++){      
      dec += 1ll * cnt_l[k] * cnt_r[k];
    }
    memset(cnt_r + min, 0, (max - min + 1) * sizeof(int));
  }
}
void get(){
  ans = 1ll * N * (N + 1) / 2;
  dec = 0;
  for(int x = 0; x < 10; x++) work(x);
}
void output(){
  std::cout << ans - dec << "\n";
}
未完待续
posted @   陈聂  阅读(88)  评论(0编辑  收藏  举报
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