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题目： 思路： 先是说一说对这道题的理解吧，这题要么采用的是暴力破解方法，采用双循环的方式。 通过一层循环，决定起始位置，然后不断循环从起始位置加起用于存储最大值。 或者采用动态规划，寻找出规律F(N) = F(N-1) + A[N] 这种方法的时间复杂度为O（N），空间复杂度为O(N)。 代码示例 阅读全文
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题目： 思路： 先是说一说对这道题的理解吧，常规的容器的容量是由最短的边决定的，所以应该取左右两边的最短边减去底高就是容量，所以理想状态是将数组遍历一次，知道每一个低是否有容量，例如L与R是容器的两边，且L比R小，故L决定了容量，设X为容器底，则L-X,会出现两种情况，一是整数，则可以知道容量是多少 阅读全文
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题目： 思路： 先是说一说对这道题的理解吧，对于数字运算，我们大都知道int是存在范围的，long也是有范围的，但是当面对数值超出范围的时候我们要怎么应对，大概就是这题的一个知识点吧。 其次这题也很明显存在暴力破解的办法，就是将两个字符串的一位取出，进行转义相加，然后存在进位情况。依次处理最后达到了 阅读全文
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题目： 思路： 由于set和get方法的时间复杂度为O(1)，这就代表着不好用循环，所以应该采用能一次性取出来的方式。如头尾这种方便存取，所以应该一边常用，一边不常用，整体来说，链表结构比较合适。 直接把每次操作的元素塞到链表最末端，这样最后一位就是最常用的，其次，还要想着如何便于一次性检验元素是否 阅读全文
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题目： 思路： * 通过哈希map的key-value的方式来进行甄别，时间与空间复杂度都为O(N) * 将每次检验过的值的补数存于map中key为补数，value存数组的index坐标 * 当新元素进入时，判断map的key中是否已经存在这个key了，如果存在，则将这个key对应的坐标拿出 * 并 阅读全文
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题目： 思路： 思路一：其实一看到这个题我们首先会想到递归，其中比较绕的就是 new_list = l1; new_list.next = mergeTwoLists2(l1.next, l2); 这点代码，原因是他取出一个值小的节点，并改变了他的下一位节点的指向。 如A->C->E与B->D->F 阅读全文
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题目： 思路： 思路一：由于是有序的链表，所以按一定的顺序，例如从小到大，这样的话，将第一个A节点的值存于一个变量temp之中，设第一个节点为A（head），第二个节点为B（head.next），第三个节点为C（head.next.next），这样如果B的值与A相同，则就是要去掉的，即head.ne 阅读全文